上海市黄浦区届九年级第一学期期终调研测试物理试题解析版.docx

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上海市黄浦区届九年级第一学期期终调研测试物理试题解析版

黄浦区2017学年度第一学期九年级期终调研测试理化试卷物理部分

一、选择题

1.上海地区家用电冰箱的额定电压为

A.1.5伏B.24伏C.220伏D.380伏

【答案】C

【解析】我国家用电器的额定电压都是220V．电冰箱是家用电器，其正常工作电压是220V。

2.将一根粗细均匀的金属丝拉长后，改变的物理量是

A.电阻B.质量C.体积D.密度

【答案】A

【解析】将一段金属丝拉长之后只是形状改变。

质量和密度都是物质的特性，不随物质的形状而改变。

对于同种物质来说，其质量状态、质量没变体积就不会变，故DCB错误。

影响电阻的因素有：

材料、长度、横截面积和温度有关．将一段金属丝拉长之后长度变长了，横截面积变小，所以电阻变大了。

故D正确。

点睛：

质量和密度都是物质的特性，不随物质的形状而改变．金属丝的熔点不随物质的形状而改变．影响电阻的因素有：

材料、长度、横截面积和温度有关．

3.载重汽车的轮子比普通汽车多，是为了

A.增大压力B.增大压强C.减小压力D.减小压强

【答案】D

【解析】载重汽车的轮子比普通汽车多，是为了是为了在压力一定时，增大受力面积来减小坦克对地面的压强。

点睛：

作答此题需掌握增大和减小压强的方法：

在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．减小压强的方法：

在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．

4.下列装置工作时不能看作连通器的是

A.血压计B.液位计C.船闸D.茶壶

【答案】A

【解析】B液位计是利用连通器的原理制成的；C.船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器。

D茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器；只有A血压计不能看做连通器。

点睛：

根据连通器定义：

上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．

5.下列研究中所用到的科学方法相同的是

①研究压力作用效果与哪些因素有关②研究电流时，用水流比作电流

③研究串联电路电阻时，引入总电阻的概念④研究导体电阻与哪些因素有关

A.①和②B.①和④C.②和③D.③和④

【答案】B

【解析】①研究压力作用效果与压力的关系时需要保持受力面积不变，研究压力作用效果与受力面积的关系时需要保持压力不变，用的是控制变量法；②电流和水流都客观存在，但电流的形成无法直接观察，水流却可以直接观察。

电流是电荷的定向移动形成的，水流是水分子的定向移动形成的。

两者的形成有共同之处，用能直接观察的水流解释不能直接观察的电流的形成，采用的是“类比法”。

③研究串联电路电阻时，引入总电阻的概念，在串并联电路中几个电阻共同作用产生的效果与一个电阻产生的效果相同，或一个电阻再电路中的作用可以由几个电阻共同作用代替，采用的是等效替代法。

④研究导体电阻与哪些因素有关，影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度和横截面积，研究时需要保持其中的两个量一定。

采用的是控制变量法。

6.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。

闭合电键S，向左移动滑动变阻器滑片P的过程中，正确的判断是

A.电压表V的示数变大

B.电流表A1的示数变大

C.电压表V示数与电流表A示数的乘积变小

D.电流表A示数与电流表A1示数的差值变小

【答案】C

【解析】由电路图可知,R1与R2并联,电压表测电源的电压,电流表A测干路电流,电流表A1测R2支路的电流。

因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故A错误；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，由I＝

可知,通过R2的电流I2变小,即电流表A1变小，故B错；则电压表V示数与电流表A1示数的乘积变小，故C正确；D电流表A示数与电流表A1示数的差值变小即通过R1的电流，因为电压没变，R1的电阻也没变所以所以通过R1的电流不变即电流表A示数与电流表A1示数的差值不变。

7.如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体静止在水平面上，甲对水平面的压强比乙小，下列方案中一定能使甲对水平面压强大于乙的有

方案：

①将甲沿竖直方向切去一半，并将切去部分叠放在甲剩余部分上方

②将乙沿竖直方向切去一半，并将切去部分叠放在甲的上方

③将乙沿水平方向切去一半，并将切去部分叠放在甲的上方

A.0个B.1个C.2个D.3个

【答案】B

【解析】①将甲沿竖直方向切去一半，并将切去部分叠放在甲剩余部分上方,此时甲对地面的压力不变，受力面积变为原来的二分之一，根据公式p＝

可知甲对地面的压强变为原来的2倍，而乙对地面的压强没变，甲对水平面压强不一定大于乙对水平面压强；②将乙沿竖直方向切去一半，并将切去部分叠放在甲的上方，此时因为乙对地面的压力和受力面积都变为了原来的二分之一，根据公式p＝

可知乙对地面的压强不变，而对甲来说受力面积没变，压力增大，所以甲对地面的压强增大，但甲对水平面压强不一定大于乙对水平面压强；③将乙沿水平方向切去一半，并将切去部分叠放在甲的上方，此时乙对地面的压力变为原来的二分之一，而受力面积不变，根据公式可知乙对地面的压强将变为原来的二分之一。

甲此时对地面的压力为

G乙

G甲大于乙对地面的压力，而甲与地面的接触面积小于乙跟地面的受力面积，所以根据p＝

可知甲对水平面压强一定大于乙对水平面的压强。

故选B.

8.在如图（a）、（b）所示的电路中，电源电压相等且保持不变。

只闭合电键S1，三个电流表中仍有两个示数相同。

同时闭合电路S1、S2，三个电流表中仍有两个示数相同。

正确的判断是

A.只闭合电键S1，示数相同的是电流表A1和A3

B.同时闭合电键S1、S2，示数相同的是电流表A2和A3

C.R1的阻值最大

D.R3的阻值最小

【答案】D

【解析】a图中电流表A2在支路上，A1在干路上，由并联电路的电流规律可知A1示数大于A2示数，b图中S2断开时R1R2串联，当S2闭合时R1短路电路中只有R2,根据欧姆定律可知S2闭合时的电流大于S2断开时的电流，综上所述只闭合电键S1，示数相同的是电流表A2和A3故A错误；同时闭合电键S1、S2，示数相同的是电流表A1和A3，故B错误；

同时闭合电键S1、S2，示数相同的是电流表A1和A3相同说明R1R2并联以后的总电阻等于R3的阻值，根据电阻并联以后的总电阻比任何一个电阻都小可知，R3比R1R2都小，所以D正确；根据题中的已知条件无法判断R1R2的大小关系，故C错误。

二、填空题

9.上海地区家庭电路中，电灯、电视机、电扇等用电器是_______的（选填“串联”或“并联”），工作时，它们消耗的是_______能，用________表测量。

【答案】

（1）.并联

（2）.电（3）.电能

【解析】解答：

家庭电路中，电灯和电视机都是家用电器，电扇两者之间是并联的，工作时互不影响。

它们工作时，消耗的是电能，得到其它形式的能；

点睛：

各家用电器之间都是并联的，用电器可能正常工作，并且各用电器之间互不影响．用电器工作时都是消耗电能，转化为其它形式的能；

10.欧姆首先揭示了同一导体中电流与________的关系；托里拆利实验选用水银测定大气压强的值，主要是因为水银的________比较大；海拔高度越高，大气压强越________。

【答案】

（1）.电压

（2）.密度（3）.小

【解析】欧姆首先揭示了同一导体（即电阻一定时）通过导体中的电流与导体两端电压的的关系；托里拆利实验选用水银测定大气压强的值，主要是因为水银的是因为水银密度大，很小的高度，就会产生较大的压强，操作起来方便；大气压强随高度的变化而变化，海拔高度越高，空气越稀薄，大气压强越小。

11.水面下某处的压强为9.8×103帕，它表示该处每平方米面积上受到水的________为9.8×103牛；该处的深度为______米；若深度增加，则水的压强将________（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

【答案】

（1）.压力

（2）.1（3）.变大

【解析】压强是表示物体单位面积上所受压力的物理量，压强为9.8×103帕，它表示该处每平方米面积上受到水的压力为9.8×103牛，根据P＝

可得h

＝1m

因为液体压强随深度的增加而增大所以若深度增加，则水的压强将变大。

12.某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为_____安，这段时间内电流做功_______焦；若通过该导体的电流变为0.6安，其电阻为_____欧。

【答案】

（1）.0.5

（2）.30（3）.12

【解析】通过该导体的电流为I＝

＝0.5A；这段时间内电流做的功为W＝UQ＝6V×5C＝30J；导体的电阻为R＝

＝12Ω；

点睛：

已知导体两端的电压和通过的电荷量，根据W＝UQ求出这段时间内电流做的功；根据I＝

求出通过该导体的电流。

13.在如图中，重为6牛的金属块A静止在水面下，弹簧测力计的示数为5牛，金属块受到浮力的大小为______牛。

若它受到水对它向下的压力为2牛，则水对它向上的压力大小为________牛。

当剪断连接金属块与测力计的细线时，金属块所受浮力将________（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

【答案】

（1）.1

（2）.3（3）.不变

【解析】金属块受到的浮力：

F浮＝G−F示＝6N−5N＝1N；根据浮力产生的实质：

金属块下表面和上表面受到的压力差等于浮力，所以水对金属块向上的压力：

F向上＝F浮+F向下＝1N+2N＝3N；

当剪断连接金属块与测力计的细线时，金属块将下沉，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力与液体的密度和排开液体的体积有关，因为水的密度不变，金属块排开水的体积不变，因此金属块受到的浮力不变。

点睛：

（1）利用称重法F浮＝G-F示即可求出浮力的大小；

（2）根据浮力产生的实质可知，金属块下表面和上表面受到的压力差等于浮力，据此即可求出水对金属块向上的压力；

（3）当剪断连接金属块与测力计的细线时，金属块将下沉，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力与液体的密度和排开液体的体积有关因为这两个因素都没变所以浮力不变．

14.在如图所示的电路中，电源电压为U且保持不变。

闭合电键S，发现电压表的示数不变，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障。

请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。

____________________________。

【答案】电压表示数为0时，R1断路@电压表示数为V时，R1短路或R2断路

【解析】若电阻R1断路,由图知S闭合前电压表的正负接线柱没有接在电源正负极上,电压表示数为0，S闭合后电压表示数仍为0，符合题意;若电阻R1短路,S闭合前，R1和电压表串联，电压表示数为电源电压，S闭合后R1R2串联电压表测R2两端的电压由于R1短路R2两端电压即电源电压，所以电压表示数在S闭合前后不变，符合题意；若R2短路S闭合前，R1和电压表串联，电压表示数为电源电压，S闭合后，电压表测R2两端的电压，所以电压表示数为0，不符合题意；若R2断路S闭合前，R1和电压表串联，电压表示数为电源电压，S闭合后，电压表测R2两端的电压，因为R2断路，R1和电压表串联，所以电压表示数不变，符合题意；综上所述可知电压表示数为0时，R1断路@电压表示数为V时，R1短路或R2断路。

15.大气压强产生的实质微观上是由于气体分子的热运动，导致气体分子对物体表面撞击而产生的。

①根据大气压强产生的实质，可推测：

微观上同一时刻物体表面各处受到的大气压强是_________的（选填“相等”或“不相等”），理由是：

_____________________________。

②以下关于影响大气压强大小的因素推测合理的是：

____________

A.空气分子排列的紧密程度。

B.物体表面与空气分子的接触面积。

C.温度的高低

【答案】

（1）.不相等

（2）.分子在不断地做无规则的运动（3）.各处分子撞击的程度不一样

【解析】①大气压强产生的实质微观上是由于气体分子无规则的热运动，导致分子对物体表面撞击而产生的。

因此可推测：

微观上同一时刻物体表面各处受到的大气压强是不相等的，理由分子在不断地做无规则的运动，各处分子撞击的程度不一样。

②根据大气压强产生的实质微观上是由于气体分子的热运动，导致气体分子对物体表面撞击而产生的，可知。

以下关于影响大气压强大小的因素推测合理的是温度的高低。

三、作图题

16.在如图中，重为2牛的小球漂浮在水面上，用力的图示法画出小球所受的浮力F浮。

【答案】见解析

【解析】解答：

因为重力与浮力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，由重力的方向可知，方向竖直向上，浮力的大小为2N，作用点在小球重心，设标度为1N，如下图所示：

17.在如图所示电路的○里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路。

【答案】见解析

【解析】根据图中元件的位置可知左上圈中的表串联在电路中所以是电流表,中上和右下圆圈不能为电流表,否则两灯泡都被短路,因此中上和右下圆圈只能为电压表,如图所示：

点睛：

根据电压表和电流表在电路中的作用进行分析，即电压表起开路作用，电流表相当于导线．

18.在如图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上。

要求：

闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P向a端移动，小灯变亮。

【答案】见解析

四、计算题

19.小球浸在水中，拍开水的体积为2×10-3米3，求小球受到的浮力F浮。

【答案】19.6N

【解析】试题分析：

小球受到的浮力为：

F浮＝ρ液gV排＝1．0×103kg/m3×9．8N/kg×1×10－3m3＝9．8N。

考点：

浮力的计算

20.标有“220V200W”字样的用电器，正常工作2小时，需用电多少度？

【答案】0.4kw·h

............

点睛：

已知灯泡的额定功率和工作时间．利用W＝Pt计算消耗的电能；

21.如图所示，薄壁柱形容器甲静止在水平地面上，容器底面积为S，内盛有质量为2千克的水。

①求水的体积V水。

②求水对容器底部的压力F水。

③若圆柱体乙的体积为V乙，密度为2ρ水，现将其沿水平方向截去一部分，并将截去部分浸没在甲容器的水中（水不溢出），使水对容器底部压力的增加△F水等于乙剩余部分对地面的压力F乙’，求乙截去的体积△V。

（用字母表示）

【答案】①2×10-3m3②19.6N③2/3V乙

【解析】解答：

①由ρ＝

可得，水的体积,V水＝

＝2×10−3m3；②根据P＝

可得水对容器底部产生的压力F＝Ps＝ρ水gh水S＝ρ水gV水＝G水＝2kg

19.6N③设乙截去的体积是△V则剩余体积为V乙-△V，此时乙剩余部分对地面的压力F乙＝2ρ水

（V乙-△V）g，水对容器底部压力的增加△F水＝2ρ水△Vg-ρ水g△V，依题意得

2ρ水

（V乙-△V）g＝2ρ水△Vg-ρ水g△V解得△V＝

V乙

22.如图（a）所示电路中，电源电压为24伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，所用电压表表盘如图（b）所示。

闭合电键，电压表示数为8伏。

①求通过R1的电流I1；

②求电阻R2的阻值；

③现用电阻R0替换R1、R2中的一个，替换前后，电压表示数增大了4伏。

求电阻R0的阻值。

【答案】①0.8A②20Ω③替换R1:

20Ω；替换R2:

10Ω

【解析】①由电路图可知,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压，电压表示数为8伏即R1的电压U1＝8V又R1＝10Ω通过R1的电流I1

＝0.8A。

②因串联电路中总电压等于各分电压之和，故R2两端的电压：

U2＝U−U1＝24V−8V＝16V，因串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律R2的电阻：

R2＝

＝20Ω。

③由替换前后，电压表示数增大了4伏可得电压表示数为12V,根据串联电路的分压规律可知另一电阻上的电压也为12V,根据欧姆定律可知替换后的两电阻之比是1:

1，所以如果R0替换R1则R0＝20Ω,，所以如果R0替换R2则R0＝10Ω

五、实验题

23.小红做“用电流表、电压表测电阻”实验，所用器材齐全且完好。

连接电路时，电键应_________，使用电流表时，所测电流不得超过它的_________，电流要从电流表的_______接线柱流入（选填“正”或“负”）。

闭合电键前，应使滑动变阻器连入电路的电阻最_________。

【答案】

（1）.断开

（2）.量程（3）.正（4）.大

【解析】连接电路时，为保护电路，开关应该断开；根据电流表的使用规则可知：

使用电流表时，所测电流不得超过它的量程，电流从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出；闭合开关前，应使滑动变阻器的滑片处与最大阻值处，目的也是防止电路中电流过大，烧坏电路元件。

24.U形管压强计可以用来探究_______压强与哪些因素有关的实验，实验中判断压强大小是通过观察U形管两边液面的_______实现的；由如图（a）、（b）、（c）所示现象，可得出的初步结论是____________________。

【答案】

（1）.液体内部压强

（2）.高度差（3）.液体内部向各个方向都存在压强，且同一深度各个方向压强相等

【解析】U形管压强计可以用来探究液体内部压强与哪些因素有关的实验；液体压强的变化会引起压强计的探头受到的压力发生变化，从而导致压强计探头上的橡皮膜的形状发生变化，进而引起压强计U形管两侧液面的高度差发生变化，因此可以利用压强计U形管两侧液面的高度差来判断液体压强的大小变化；；比较（a）图、（b）图和（c）图可知，此时深度是相同的，液体的种类也相同，但方向不同，且U型管中液面的高度差是相同的，故说明，液体内部向各个方向都存在压强，且同一深度各个方向压强相等。

25.在“用电流表测电流”实验的电路中有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线在如图中连接，使灯L1和灯L2并联，电流表测量灯L1的电流。

______________（用2B铅笔在答题纸的相应位置连线）

【答案】见解析

【解析】解答：

根据实物电路连接要求，本题的开关应是干路开关，灯L1和灯L2并联，电流表与L1串联。

如图：

26.小明用六个体积相同、重力不同的球体，研究放入球体前后薄壁柱形容器底部受到水的压强增加量与容器对水平面的压强增加量的情况（水未溢出）。

他分别将球体放入盛有等质量水的相同容器中，待球体静止，通过测量和计算得到容器底部受到水的压强增加量△p水和容器对水平面的压强增加量△p地。

实验数据和实验现象见下表。

（已知GA>GB>GC>GD>GE>GF）

①观察序号1或2或3中的实验现象并比较△p水和△p地的大小关系，可得出的初步结论是：

当放入的球体在水中沉底时，__________________。

察序号4或5或6中的实验现象并比较△p水和△p地的大小关系，可得出的初步结论是：

_________。

②分析表中序号1～6的现象、数据相关条件，可得出：

在盛有等质量水的相同容器中，当放入的球体_________________时，△p地越大。

③分析表中序号1～6的现象、数据相关条件，可得出：

在盛有等质量水的相同容器中，当放入的球体___________________时，△p水相同。

【答案】

（1）.容器对水平面的压强增加量△p地大于容器底部受到水的压强△p水

（2）.当放入的球体在水中漂浮时，容器对水平面的压强增加量△p地等于容器底部受到水的压强△p水（3）.重力越大（4）.浸没体积相同

【解析】解答：

（1）观察序号1或2或3中的实验现象可以得出容器对水平面的压强增加量△p地大于容器对水平面的压强增加量△p地；察序号4或5或6中的实验现象并比较△p水和△p地的大小关系，当放入的球体在水中漂浮时，容器对水平面的压强增加量△p地等于容器对水平面的压强增加量△p地；②由题意知1～6中依次放入了GA、GB、GC、GD、GE、GF小球，且GA>GB>GC>GD>GE>GF而容器对水平面的压强增加量△p地越来越小，所以可以得出当放入的球体重力越大时，△p地越大。

③表中序号1、2、3次实验中，三个小球都浸没在水中，排开水的体积相同，容器底部受到水的压强增加量△p水相同，因此分析表中序号1～6的现象、数据相关条件，可得出：

在盛有等质量水的相同容器中，当放入的球体浸没体积相同时，△p水相同。