创新设计版高考总复习系列211孟德尔的豌豆杂交实验一免费下载.docx

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创新设计版高考总复习系列211孟德尔的豌豆杂交实验一免费下载

必修二遗传与进化

第一单元遗传的基本规律及其细胞学

基础

第1讲　孟德尔的豌豆杂交实验

（一）

（时间：

45分钟）

A级　基础演练

1．孟德尔探索遗传规律时运用了“假说—演绎”法，该方法的基本内容是在观察与分析的基础上提出问题，通过推理和想象提出解决问题的假说，根据假说进行演绎推理，再通过实验证明假说。

下列相关叙述中正确的是

（　　）。

A．“F2出现3∶1的性状分离比不是偶然的”属于孟德尔假说的内容

B．“豌豆在自然状态下一般是纯种”属于孟德尔假说的内容

C．“测交实验”是对推理过程及结果进行的检验

D．“体细胞中遗传因子成对存在，并且位于同源染色体上”属于假说内容

解析　A、B项所述内容均为实验中存在的事实或实验现象，不属于假说内容。

因受科技发展水平的限制，孟德尔所在时期没有发现染色体结构，因此假说内容不包含遗传因子与同源染色体的位置关系。

答案　C

2．（基础题）下图能正确表示基因分离定律实质的是

（　　）。

解析　基因分离定律的实质是等位基因随同源染色体的分离而分离，进入不同的配子中。

答案　C

3．（2012·福建四地六校联考）孟德尔做了如下图所示的豌豆杂交实验，下列描述错误的是

（　　）。

A．①和②的操作同时进行

B．①的操作是人工去雄

C．②的操作是人工授粉

D．②的操作后要对雌蕊套袋

解析　在进行杂交实验时，先除去未成熟花的全部雄蕊（去雄），然后套上纸袋；待雌蕊成熟时，采集另一植株的花粉，撒在去雄的雌蕊的柱头上，再套上纸袋，故A错误。

答案　A

4．（2013·广东深圳调研）若干只棕色鸟与棕色鸟相交，子代有52只白色，48只褐色，101只棕色。

若让棕色鸟和白色鸟杂交，其后代中棕色个体所占比例大约是________，要想进一步判断白色与褐色的显隐性关系，可以用________色和________色的鸟相交

（　　）。

A．100%　褐色　褐色B．75%　褐色　棕色

C．50%　褐色　白色D．25%　棕色　白色

解析　棕色鸟与棕色鸟相交，后代中白色∶棕色∶褐色大约为1∶2∶1，则可以推测出亲本为杂合子（Aa），后代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，所以白色与褐色可能为AA或aa。

棕色（Aa）与白色相交，后代棕色（Aa）总是占

。

要想进一步判断褐色与白色的显隐性关系，可让褐色鸟和白色鸟相交，依据子代表现型予以确认。

答案　C

5．（2013·潍坊三县市联考）豌豆和小麦的高茎对矮茎均为显性。

将纯种的高茎和矮茎豌豆间行种植，另将纯种的高茎和矮茎小麦间行种植。

自然状态下，从矮茎植株上获得的F1的性状是

（　　）。

A．豌豆和小麦均有高茎和矮茎

B．豌豆均为矮茎，小麦有高茎和矮茎

C．豌豆和小麦的性状分离比均为3∶1

D．小麦均为矮茎，豌豆有高茎和矮茎

解析　高茎小麦的花粉可以落到矮茎小麦上，即高茎小麦和矮茎小麦可以进行杂交，而豌豆不可以，因为豌豆是自花传粉、闭花受粉植物，所以从矮茎植株上获得的F1的性状，豌豆均为矮茎，小麦有高茎和矮茎。

答案　B

6．（2013·中山统考）假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的概率是

（　　）。

A.

B.

C.

D.

解析　由题干信息知，五对等位基因遵循自由组合定律，杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe中，DD×dd产生的后代一定是杂合的，则另外四对杂交组合AaBBCcEe×AaBbCCEe产生的后代中，四对等位基因纯合的比率：

AaBBCcEe×AaBbCCEe→

（AA＋aa）×

BB×

CC×

（EE＋ee）＝

。

答案　B

7．（2013·广东汕头模拟）在解释分离现象的原因时，下列哪项不属于孟德尔假说的内容（双选）

（　　）。

A．生物的性状是由基因决定的

B．基因在体细胞染色体上成对存在

C．受精时雌雄配子的结合是随机的

D．配子只含有每对遗传因子中的一个

解析　孟德尔遗传定律是遗传学的基础，孟德尔在观察和统计分析一对相对性状的杂交实验的基础上，大胆而果断地对性状分离现象提出假说。

除了题目中的C、D选项外，孟德尔还认为，遗传因子在体细胞中是成对存在的，当时并没有提出基因和染色体的概念以及它们之间的关系。

随着细胞遗传学的发展，分离定律的实质才慢慢地被发现，才提出了基因和染色体的概念。

答案　AB

8．（2013·佛山模拟）豌豆的红花和白花是一对相对性状，通过下列杂交实验的结果，能判断相对性状之间的显性和隐性关系的是（双选）

（　　）。

A．红花×红花→红花

B．红花×红花→红花（301株）＋白花（110株）

C．红花×白花→红花

D．红花×白花→红花（98株）＋白花（107株）

解析　①控制红花的基因可能是显性基因，也可能是隐性基因；②出现了性状分离现象且性状分离比接近3∶1，因此红花为显性基因；③杂交后代只表现为红花，因此红花为显性基因、白花为隐性基因；④测交后代不能确定红花是显性基因还是隐性基因。

答案　BC

9．（新题快递）某学校生物小组在一块较为封闭的低洼地里发现了一些野生植株，这些植株的花色有红色和白色两种，茎秆有绿茎和紫茎两种。

同学们分两组对该植物的花色、茎色进行遗传方式的探究。

请根据实验结果进行分析。

第一组：

取90对亲本进行实验

第二组：

取绿茎和紫茎的植株各1株

杂交组合

F1表现型

交配组合

F1表现型

A：

30对亲本

红花×红花

36红花∶1白花

D：

绿茎×紫茎

绿茎∶紫茎＝1∶1

B：

30对亲本

红花×白花

5红花∶1白花

E：

紫茎自交

全为紫茎

C：

30对亲本

白花×白花

全为白花

F：

绿茎自交

由于虫害，植株死亡

（1）从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为________，最可靠的判断依据是________组。

（2）若任取B组的一株亲本红花植株使其自交，其子一代表现型的情况是________________________________________________________________。

（3）由B组可以判定，该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。

（4）从第二组茎色遗传的结果来看，隐性性状为________，判断依据的是________组。

（5）如果F组正常生长繁殖的话，其子一代表现型的情况是________________。

（6）A、B两组杂交后代没有出现3∶1或1∶1的分离比，试解释：

________________________________________________________________。

解析　

（1）由A组中“红花×红花”后代出现性状分离可以判定白花为隐性性状。

依据C组不能作出判断，因为若亲代全为显性纯合子或至少有一方为显性纯合子，后代也会出现这种情况。

（2）B组亲本中的任一株红花植株，可能是纯合子也可能是杂合子，因此自交后代出现的情况是全为红花或红花∶白花＝3∶1。

（3）B组中的白花个体为隐性纯合子，因此F1中5红花∶1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性基因的比为：

显性基因∶隐性基因＝5∶1。

如果设显性基因为R，则RR∶Rr＝2∶1。

（4）第二组的情况与第一组不同，第一组类似于群体调查结果，第二组为两亲本杂交情况，由D组可判定为测交类型，亲本一个为杂合子，一个为隐性纯合子；再根据E组可判定紫茎亲本为隐性纯合子。

（5）杂合子自交，后代将出现3∶1的性状分离比。

（6）亲本中的红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此杂交组合有多种情况（如A组可能有RR×RR、RR×Rr、Rr×Rr三种情况；B组有RR×rr、Rr×rr两种情况），所以后代不会出现一定的分离比。

答案　

（1）白色　A　

（2）全为红花或红花∶白花＝3∶1

（3）2∶1　（4）紫茎　D组和E　（5）绿茎∶紫茎＝3∶1　（6）红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此，后代不会出现一定的分离比

方法技巧　正确理解该题命题意图的关键在于：

将两组杂交实验进行对比分析，第一组是多个个体杂交，杂交组合有多种情况，只能根据后代是否发生性状分离来判定显隐性，而显性性状个体的基因型是不能确定的；第二组是从每种性状中各取一个个体，基因型是可以确定的。

10．巨胚稻因胚的增大而胚重增加，具有独特的经济价值。

巨胚与正常胚是一对相对性状，由一对等位基因Ge、ge控制，为研究巨胚的遗传特性，科学家用经典遗传学的研究方法获得了以下数据：

组别

纯种亲本组合

观测粒数

F1平均胚重/mg

F1平均粒重/mg

甲

巨胚×巨胚

30

0.92

19.47

乙

正常胚×正常胚

30

0.47

21.84

丙

正常胚♀×巨胚

30

0.47

21.30

丁

巨胚♀×正常胚

30

0.48

21.37

根据实验数据分析：

（1）上述一对相对性状中，巨胚为________性状。

（2）现有两种观点：

第一种观点认为母本为胚发育提供营养而决定胚的性状；第二种观点认为胚的基因型决定胚的性状。

你同意哪种观点？

请结合上述实验，用遗传图解和文字加以说明。

观点：

__________________________________________________。

遗传图解：

文字说明：

_______________________________________________________________________________________________________________________________。

（3）如果粒重与粒轻、胚重与胚轻分别为两对独立遗传的相对性状，现有粒轻、胚重的巨胚稻与粒重、胚轻的正常胚稻。

想要获得粒重、胚重的新品种，最好用________育种方法。

解析　通过丙、丁纯种杂交组合即可看出，正常胚与巨胚杂交后代均是正常胚，因此可以推断出正常胚是显性性状，巨胚是隐性性状。

要探究巨胚性状是否与母本有关，通过正反交的实验即可。

要把位于不同个体的优良性状集中在同一个体上，可以采用杂交育种的方法。

答案　

（1）隐性　

（2）同意第二种观点

遗传图解：

文字说明：

采用正交和反交，不论为胚发育提供营养的母本是巨胚（gege）还是正常胚（GeGe），F1基因型都为Gege，都表现为正常胚。

说明第二种观点正确（其他答案合理即可）　（3）杂交

B级　智能提升

11．某种两性花的植物，可以通过自花传粉或异花传粉繁殖后代。

在25℃的条件下，基因型为AA和Aa的植株都开红花，aa植株开白花，但在30℃的条件下，各种基因型的植株均开白花。

下列说法不正确的是

（　　）。

A．不同温度条件下同一植株花色不同说明环境能影响生物的性状

B．若要探究一开白花植株的基因型，最简单可行的方法是在25℃条件下进行杂交实验

C．在25℃条件下生长的白花植株自交，后代中不会出现红花植株

D．在30℃条件下生长的白花植株自交产生的后代在25℃条件下生长可能会出现红花植株

解析　在25℃条件下，基因型所决定的表现型能够真实地得到表达，因此，要探究一开白花植株的基因型需要在25℃条件下进行实验，最简单的方法是自交；在25℃条件下生长的白花植株的基因型为aa，它的自交后代均开白花；在30℃条件下生长的白花植株（如AA或Aa）自交，产生的后代在25℃条件下生长可能会出现红花植株。

答案　B

12．（2013·福建普高毕业班质检，5）苏格兰牛的耳尖V形与非V形是一对相对性状，由一对等位基因控制。

以下是苏格兰牛耳尖性状遗传的家系图，下列叙述正确的是

（　　）。

A．V形耳尖由X染色体上的显性基因控制

B．由Ⅲ2的表现型可推定Ⅲ1为杂合子

C．Ⅲ3中控制非V形耳尖的基因可来自I1

D．Ⅲ2与Ⅲ5生出V形耳尖子代的可能性为

解析　由Ⅱ1、Ⅱ2都是V形耳尖生出非V形耳尖Ⅲ2可知，控制耳尖性状的V形基因是显性基因，但是Ⅰ代的雌性子代有非V形的，因此V形耳尖由常染色体上的显性基因控制，A错误；由Ⅲ2的表现型可推定Ⅱ1和Ⅱ2均为杂合子，但是Ⅲ1是否是杂合子未知，B错误；Ⅲ3中控制非V形耳尖的基因，双亲各提供一个，其母本的非V形耳尖的基因也可能来自Ⅰ1或Ⅰ2，C正确；Ⅲ2与Ⅲ5的基因型分别是aa、Aa，因此生出V形耳尖子代的可能性为

，D错误。

答案　C

13．（2013·长春调研）喷瓜有雄株、雌株和雌雄同株（两性植株），其相应的基因型如下表所示。

下列分析正确的是

（　　）。

性别类型

基因型

雄性植株

aDa＋、aDad

雌雄同株（两性植株）

a＋a＋、a＋ad

雌性植株

adad

A.喷瓜的性别分别由不同的性染色体决定

B．aDa＋与aDad杂交能产生雄株和两性植株

C．两性植株自交不可能产生雌株

D．雄株中不存在纯合子的原因是该物种缺乏aD雌配子

解析　喷瓜的性别是由复等位基因aD、a＋、ad决定的；aDa＋、aDad均为雄株，无法杂交；两性植株a＋ad自交可产生雌株。

答案　D

14．如图是一对夫妇的一对同源染色体上所含有的基因，基因E、e控制红细胞形态（E：

椭圆形；e：

正常形态），基因A、a控制血型类型（A：

Rh阳性；a：

Rh阴性）。

若不考虑染色体之间的交叉互换，则下列说法正确的是（双选）

（　　）。

A．母亲产生的卵细胞有EA、ea两种类型

B．两对基因的遗传遵循基因自由组合定律

C．后代红细胞形态正常、Rh阳性出现的概率是

D．后代Rh阴性出现的概率是

解析　不考虑染色体之间的交叉互换，则母亲产生的卵细胞只有EA、ea两种类型；由于两对基因位于一对同源染色体上，故它们的遗传不遵循基因自由组合定律；后代Rh阴性出现的概率是

。

答案　AC

15．（2013·辽宁沈阳、大连第二次联考，32）在某种安哥拉兔中，长毛（由基因HL控制）与短毛（由基因HS控制）是由一对等位基因控制的相对性状。

某生物育种基地利用纯种安哥拉兔进行如下杂交实验，产生了大量的F1与F2个体，统计结果如下表，请分析回答下面的问题。

实验一

（

）长毛×短毛（♀）

F1

雄兔

全为长毛

雌兔

全为短毛

实验二

F1雌雄个体交配

F2

雄兔

长毛∶短毛＝3∶1

雌兔

长毛∶短毛＝1∶3

（1）实验结果表明：

①控制安哥拉兔长毛、短毛的等位基因（HL、HS）位于________染色体上；

②F1雌雄个体的基因型分别为________。

（2）F2中短毛雌兔的基因型及比例为_________________________________。

（3）若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让________________________，请预期后者测交子代雌兔、雄兔的表现型及比例为__________________。

解析　据实验分析可知，雄兔中长毛（由基因HL控制）为显性，雌兔中短毛（由基因HS控制）是显性，因此亲本基因型为（雄）HLHL、（雌）HSHS，F1的基因型为（雄）HLHS、（雌）HLHS，F1雌雄个体交配得F2中雄性：

长毛（1HLHL、2HLHS）∶短毛（1HSHS）＝3∶1，雌性：

长毛（1HLHL）∶短毛（2HLHS、1HSHS）＝1∶3。

若规定短毛为隐性性状，需要进行测交实验以验证上述有关推测，既可让F1长毛雄兔与多只纯种短毛雌兔杂交，也可让多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交，后者为测交，子代雌兔、雄兔的表现型及比例为：

雄兔既有长毛，又有短毛，且比例为1∶1，雌兔全为短毛。

答案　

（1）①常　②HLHS和HLHS（或答“HSHL和HSHL”）　

（2）HLHS∶HSHS＝2∶1　（3）多只F1短毛雌兔与短毛雄兔杂交　雄兔既有长毛又有短毛且比例为1∶1，雌兔全为短毛

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