江苏高考数学复习函数与方程专题强化练习附答案.docx

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江苏高考数学复习函数与方程专题强化练习附答案

2019届江苏高考数学复习函数与方程专题强化练习（附答案）

　　函数的思想是用运动和变化的观点、集合与对应的思想,去分析和研究数学问题中的数量关系，以下是函数与方程专题强化练习，希望对考生复习数学有帮助。

一、选择题

1.（文）曲线y=xex+2x-1在点（0，-1）处的切线方程为（）

A.y=3x-1B.y=-3x-1

C.y=3x+1D.y=-2x-1

[答案]A

[解析]k=y|x=0=（ex+xex+2）|x=0=3，

切线方程为y=3x-1，故选A.

（理）（2019吉林市质检）若函数f（x）=2sinx（x[0，]）在点P处的切线平行于函数g（x）=2（+1）在点Q处的切线，则直线PQ的斜率（）

A.1B.

C.D.2

[答案]C

[解析]f（x）=2cosx，x[0，]，f（x）[-2,2]，g（x）=+2，当且仅当x=1时，等号成立，

设P（x1，y1），Q（x2，y2），则由题意知，2cosx1=+，2cosx1=2且+=2，x1[0，]，

x1=0，y1=0，x2=1，y2=，kPQ==.

[方法点拨]1.导数的几何意义

函数y=f（x）在x=x0处的导数f（x0）就是曲线y=f（x）在点（x0，f（x0））处的切线的斜率，即k=f（x0）.

2.求曲线y=f（x）的切线方程的类型及方法

（1）已知切点P（x0，y0），求y=f（x）过点P的切线方程：

求出切线的斜率f（x0），由点斜式写出方程;

（2）已知切线的斜率为k，求y=f（x）的切线方程：

设切点P（x0，y0），通过方程k=f（x0）解得x0，再由点斜式写出方程;

（3）已知切线上一点（非切点），求y=f（x）的切线方程：

设切点P（x0，y0），利用导数求得切线斜率f（x0），再由斜率公式求得切线斜率，列方程（组）解得x0，再由点斜式或两点式写出方程.

3.若曲线的切线与已知直线平行或垂直，求曲线的切线方程时，先由平行或垂直关系确定切线的斜率，再由k=f（x0）求出切点坐标（x0，y0），最后写出切线方程.

4.

（1）在点P处的切线即是以P为切点的切线，P一定在曲线上.

（2）过点Q的切线即切线过点Q，Q不一定是切点，所以本题的易错点是把点Q作为切点.因此在求过点P的切线方程时，应首先检验点P是否在已知曲线上.

2.已知f（x）为定义在（-，+）上的可导函数，且f（x）ef（0），f（2019）e2019f（0）

B.f

（1）e2019f（0）

C.f

（1）ef（0），f（2019）0，即F（x）在xR上为增函数，

F

（1）F（0），F（2019）F（0），

即，

f

（1）ef（0），

f（2019）e2019f（0）.

[方法点拨]1.函数的单调性与导数

在区间（a，b）内，如果f（x）0，那么函数f（x）在区间（a，b）上单调递增.如果f（x）0，那么函数f（x）在区间（a，b）上单调递减.

2.利用导数研究函数的单调性的步骤.

（1）找出函数f（x）的定义域;

（2）求f

（3）在定义域内解不等式f（x）0，f（x）0.

3.求单调区间（或证明单调性），只需在函数f（x）的定义域内解（或证明）不等式f（x）0或f（x）0.

4.若已知函数的单调性求参数的值或取值范围，只需转化为不等式f（x）0或f（x）0在单调区间内恒成立的问题求解，解题过程中要注意分类讨论;函数单调性问题以及一些相关的逆向问题，都离不开分类讨论思想.

3.（2019新课标理，12）设函数f（x）是奇函数f（x）（xR）的导函数，f（-1）=0，当x0时，xf（x）-f（x）0，则使得f（x）0成立的x的取值范围是（）

A.（-，-1）（0,1）B.（-1,0）（1，+）

C.（-，-1）（-1,0）D.（0,1）（1，+）

[答案]A

[解析]考查导数的应用.

记函数g（x）=，则g（x）=，因为当x0时，xf（x）-f（x）0，故当x0时，g（x）0，所以g（x）在（0，+）上单调递减;又因为函数f（x）（xR）是奇函数，故函数g（x）是偶函数，所以g（x）在（-，0）上单调递减，且g（-1）=g

（1）=0.当00，则f（x）当x-1时，g（x）0，则f（x）0，综上所述，使得f（x）0成立的x的取值范围是（-，-1）（0,1），故选A.

[方法点拨]1.在研究函数的性质与图象，方程与不等式的解，不等式的证明等问题中，根据解题的需要可以构造新的函数g（x），通过研究g（x）的性质（如单调性、极值等）来解决原问题是常用的方法.如在讨论f（x）的符号时，若f（x）的一部分为h（x），f（x）的符号由h（x）所决定，则可转化为研究h（x）的极（最）值来解决，证明f（x）g（x）时，可构造函数h（x）=f（x）-g（x），转化为h（x）的最小值问题等等.

2.应用函数与方程思想解决函数、方程、不等式问题，是多元问题中的常见题型，常见的解题思路有以下两种：

（1）分离变量，构造函数，将不等式恒成立、方程求解等转化为求函数的最值（或值域），然后求解.

（2）换元，将问题转化为一次不等式、二次不等式或二次方程，进而构造函数加以解决.

3.有关二次方程根的分布问题一般通过两类方法解决：

一是根与系数的关系与判别式，二是结合函数值的符号（或大小）、对称轴、判别式用数形结合法处理.

4.和函数与方程思想密切关联的知识点

函数y=f（x），当y0时转化为不等式f（x）0.

数列是自变量为正整数的函数.

直线与二次曲线位置关系问题常转化为二次方程根的分布问题.

立体几何中有关计算问题，有时可借助面积、体积公式转化为方程或函数最值求解.

5.注意方程（或不等式）有解与恒成立的区别.

6.含两个未知数的不等式（函数）问题的常见题型及具体转化策略：

（1）x1[a，b]，x2[c，d]，f（x1）g（x2）f（x）在[a，b]上的最小值g（x）在[c，d]上的最大值.

（2）x1[a，b]，x2[c，d]，f（x1）g（x2）f（x）在[a，b]上的最大值g（x）在[c，d]上的最小值.

（3）x1[a，b]，x2[c，d]，f（x1）g（x2）f（x）在[a，b]上的最小值g（x）在[c，d]上的最小值.

（4）x1[a，b]，x2[c，d]，f（x1）g（x2）f（x）在[a，b]上的最大值g（x）在[c，d]上的最大值.

（5）x1[a，b]，当x2[c，d]时，f（x1）=g（x2）f（x）在[a，b]上的值域与g（x）在[c，d]上的值域交集非空.

（6）x1[a，b]，x2[c，d]，f（x1）=g（x2）f（x）在[a，b]上的值域g（x）在[c，d]上的值域.

（7）x2[c，d]，x1[a，b]，f（x1）=g（x2）f（x）在[a，b]上的值域g（x）在[c，d]上的值域.

4.（文）已知函数y=f（x）的图象是下列四个图象之一，且其导函数y=f（x）的图象如下图所示，则该函数的图象是（）

[答案]B

[解析]本题考查原函数图象与导函数图象之间的关系.

由导数的几何意义可得，y=f（x）在[-1,0]上每一点处的切线斜率逐渐变大，而在[0,1]上则逐渐变小，故选B.

（理）（2019石家庄市质检）定义在区间[0,1]上的函数f（x）的图象如下图所示，以A（0，f（0））、B（1，f

（1））、C（x，f（x））为顶点的ABC的面积记为函数S（x），则函数S（x）的导函数S（x）的大致图象为（）

[答案]D

[解析]A、B为定点，|AB|为定值，ABC的面积S（x）随点C到直线AB的距离d而变化，而d随x的变化情况为增大减小0增大减小，ABC的面积先增大再减小，当A、B、C三点共线时，构不成三角形;然后ABC的面积再逐渐增大，最后再逐渐减小，观察图象可知，选D.

[方法点拨]1.由导函数的图象研究函数的图象与性质，应注意导函数图象位于x轴上方的部分对应f（x）的增区间，下方部分对应f（x）的减区间，与x轴的交点对应函数可能的极值点，导函数的单调性决定函数f（x）增长的速度;

2.由函数的图象确定导函数的图象时，应注意观察函数的单调区间、极值点，它们依次对应f（x）的正负值区间和零点，图象上开或下降的快慢决定导函数的单调性.

5.已知常数a、b、c都是实数，f（x）=ax3+bx2+cx-34的导函数为f（x），f（x）0的解集为{x|-23}，若f（x）的极小值等于-115，则a的值是（）

A.-B.

C.2D.5

[答案]C

[解析]依题意得f（x）=3ax2+2bx+c0的解集是[-2，3]，于是有3a0，-2+3=-，-23=，

b=-，c=-18a，函数f（x）在x=3处取得极小值，于是有f（3）=27a+9b+3c-34=-115，-a=-81，a=2，故选C.二、解答题

6.（文）已知函数f（x）=x3-3x2+ax+2，曲线y=f（x）在点（0,2）处的切线与x轴交点的横坐标为-2.

（1）求a;

（2）证明：

当k1时，曲线y=f（x）与直线y=kx-2只有一个交点.

[分析]

（1）由导数的几何意义可把斜率用a来表示，再由斜率公式可求出a的值;

（2）把曲线与直线只有一个交点转化为函数只有一个零点作为本问的切入点，利用分类讨论的思想和利用导数判断函数的单调性来判断所设函数的单调性，从而得出此函数在每个区间的单调情况，进而求出零点个数，解决本问.

[解析]

（1）f（x）=3x3-6x+a，f（0）=a，

由题设得-=-2，所以a=1.

（2）由

（1）知，f（x）=x3-3x2+x+2.

设g（x）=f（x）-kx+2=x3-3x2+（1-k）x+4.

由题设知1-k0.

当x0时，g（x）=3x2-6x+1-k0，g（x）单调递增，g（-1）=k-10，g（0）=4，

所以g（x）=0在（-，0]上有唯一实根.

当x0时，令h（x）=x3-3x2+4，则g（x）=h（x）+（1-k）xh（x）.

h（x）=3x2-6x=3x（x-2），h（x）在（0,2）上单调递减，在（2，+）上单调递增，所以

g（x）h

（2）=0，

所以g（x）=0在（0，+）上没有实根.

综上，g（x）在R上有唯一实根，即曲线y=f（x）与直线y=kx-2只有一个交点.

（理）已知函数f（x）=ex-ax（a为常数）的图象与y轴交于点A，曲线y=f（x）在点A处的切线斜率为-1.

（1）求a的值及函数f（x）的极值;

（2）证明：

当x0时，x21，转化为证明x2lnx+lnk成立.构造函数h（x）=x-2lnx-lnk求解.

[解析]

（1）由f（x）=ex-ax，得f（x）=ex-a.

又f（0）=1-a=-1，得a=2.

所以f（x）=ex-2x，f（x）=ex-2.

令f（x）=0，得x=ln2.

当xln2时，f（x）0，f（x）单调递增;

所以当x=ln2时，f（x）有极小值.

且极小值为f（ln2）=eln2-2ln2=2-ln4，

f（x）无极大值.

（2）令g（x）=ex-x2，则g（x）=ex-2x.

由

（1）得，g（x）=f（x）f（ln2）=2-ln40，即g（x）0.

所以g（x）在R上单调递增，又g（0）=10，

所以当x0时，g（x）0，即x20时x20时，x21，要使不等式x2kx2成立，而要使exkx2成立，则只要xln（kx2），只要x2lnx+lnk成立，

令h（x）=x-2lnx-lnk，则h（x）=1-=，所以当x2时，h（x）0，h（x）在（2，+）内单调递增

取x0=16k16，所以h（x）在（x0，+）内单调递增

又h（x0）=16k-2ln（16k）-lnk=8（k-ln2