贵州省毕节市中考物理试题解析.docx
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贵州省毕节市中考物理试题解析
毕节市2019年初中毕业生学业（升学）考试综合理科
一、选择题
1.下列物体重力最接近1N的是
A.一枚大头针B.一头奶牛C.两个鸡蛋D.一张书桌
【答案】C
【解析】
【详解】A、一枚大头针的质量非常小，受到的重力也非常小，一般不超过0.01N，故A不符合题意；
B、一头奶牛的质量在300kg左右，受到的重力大约为G=mg=300kg×10N/kg=3000N左右，故B不符合题意；
C、两个鸡蛋的质量在100g=0.1kg左右，受到的重力为G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，故C符合题意；
D、一张书桌的质量在15kg左右，受到的重力为G=mg=15kg×10N/kg=150N，故D不符合题意。
2.关于声现象，下列说法正确的是
A.声音在15℃空气中传播速度是340m/s
B.在教室周围植树可以从声源处防止噪声产生
C.座机电话间的导线传递的是声波信号
D.区分钢琴和二胡的声音是根据响度来判断的
【答案】A
【解析】
【详解】A、声音在空气中传播速度受温度的影响，声音在15℃空气中传播速度是340m/s，故A说法正确。
B、在教室周围植树可以在传播过程中减弱噪声，故B说法错误。
C、座机电话间是靠变化的电流来传播声信号的，即导线传递的是电信号，故C说法错误。
D、区分钢琴和二胡的声音是根据音色来判断的，故D说法错误。
3.下列现象中，利用热传递使物体的内能减小的是
A.来回弯折的铁丝温度会升高B.冬季用热水袋取暖
C.冬天手接触冰块会觉得很冷D.自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低
【答案】C
【解析】
【详解】A、来回弯折的铁丝是通过做功的方法使铁丝的内能增加。
不符合题意。
B、热水袋取暖时手吸收热量内能增加。
不符合题意。
C、冬天手接触冰块会觉得很冷，手放出热量内能减少。
符合题意。
D、自行车轮胎放气时，气门嘴处温度会降低是物体对外做功，物体的内能减少。
不符合题意。
4.
如图所示，邹丽红在全国第十届残运会暨第七届残奥会上，坐手推轮椅参加田径马拉松比赛女子竞速轮椅项目，夺得亚军。
下面说法正确的是
A.比赛中以路边的树木为参照物，选手是静止的
B.轮椅坐垫做的比较宽大是为了减小压强
C.比赛中选手用力推轮椅运动，说明力是使物体运动的原因
D.轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦
【答案】B
【解析】
【详解】A、比赛中以路边的树木为参照物，选手与树木之间发生了位置变化，所以是运动的。
故A错误；
B、轮椅坐垫做的比较宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
故B正确；
C、用力推轮椅，轮椅开始运动，说明力改变了物体的运动状态，由静止到运动，停止用力，由于惯性仍继续运动，不能立即停下来，说明力不是维持物体运动的原因，故C错误；
D、轮椅轮胎上有较深的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故D错误。
5.
只利用下图各组给定的器材做实验，不能完成其实验目的是
A.探究压力作用效果与受力面积的关系
B.
研究液体压强与液体密度的关系
C.
证明大气压强的存在
D.
准确测出大气压的数值
【答案】B
【解析】
【详解】A、图中有一个长方体金属块和海绵，金属块的压力一定，通过金属块的不同放法改变受力面积，从而探究压力作用效果与受力面积的关系，故A可以完成；
B、液体压强与液体密度、液体的深度有关，图中只有一杯水和一个压强计，只能探究液体的压强与深度的关系，不能探究液体压强与液体密度的关系，故B不可以完成；
C、图中有两个吸盘，排净吸盘内的空气，用很大的力才能将其拉开，证明了大气压的存在，故C可以完成；
D、图中为托里拆利实验装置图，托里拆利实验准确的测量出大气压的值，故D可以完成。
6.已知R2＜R1，将图中的四种不同接法，接到同一电源两极间，则电路中电流最大的是
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】
【详解】因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，
两电阻串联时总电阻最大，两电阻并联时总电阻最小，由I=U可知，两电阻并联时，电路中的电流最大。
R
7.
关于图甲、乙所示的实验，下列说法错误的是
A.甲实验可以研究通电导体周围存在磁场
B.甲实验可以研究电磁感应现象
C.乙实验可以研究通电导体在磁场中受力情况
D.乙实验的过程中，电能转化为机械能
【答案】A
【解析】
【详解】AB、甲实验电路中没有电源，不能用来研究通电导体周围存在磁场；该实验中，开关闭合时，当导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动，电路中就会产生感应电流，所以可以研究电磁感应现象，故A说法错误，B说法正确。
CD、乙实验电路中有电源和磁体，可以研究通电导体在磁场中受力情况，是电动机的原理图，工作时电能转化为机械能，故CD说法都正确。
8.
如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是
A.变大，变大B.变大，变小
C.变小，变小D.变小，变大
【答案】D
【解析】
【详解】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，由I=U可知，电路中的电流变小，即
R
电流表的读数变小，故AB错误；由U=IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表的读数变大，故C错误、D正确。
二、填空题
9.小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，他在镜中的像与他本人的距离是m；当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，他在镜中像的大小将（选填“变大”“不变”或“变小”）。
快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作。
【答案】
（1）.3.2
（2）.不变（3）.无规则运动
【解析】
【详解】因平面镜成像时物距等于像距，所以小齐站在距平面镜1.6m处整理衣着，此时像距也为1.6m，则他在镜中的像与本人距离为1.6m+1.6m=3.2m。
因平面镜成像时像和物体形状、大小相同，当他沿着与镜面垂直方向水平移动1m后，则他在镜中的像大小不变；快到午饭时间，小齐坐在教室里闻到了食堂炒菜的气味，这说明菜分子和油分子作无规则运动。
10.如图所示电路，当开关S1、S2闭合后，A2与R2是（选填“串”或“并”）联的，电流表A1测量的是通过（选填“干路”“R1”或“R2”）的电流，电流表的指针偏转如图所示，电流表的示数为
A。
【答案】
（1）.串
（2）.干路（3）.0.28
【解析】
【详解】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，A2与R2串联，即A2测量R2的电流；由图可知：
电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A。
11.
（1）如下图所示，铅笔的长度为cm。
（2）小刚同学在实验室用天平测某石块的质量，天平平衡时，右盘中砝码和游码在标尺上位置如上图所示，则该石块的质量是g，接着测出石块体积为20cm3，则石块的密度为kg/m3。
【答案】
（1）.7.50
（2）.52.2（3）.2.61×103
【解析】
【详解】
（1）由图知：
刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；铅笔左端与1.00cm对齐，右端与8.50cm对齐，所以铅笔的长度为L=8.50cm-1.00cm=7.50cm。
（2）物体质量=砝码+游码=50g+2.2g=52.2g；石块的密度
ρ=m=
V
52.2g
20cm3
=2.61g/cm3=2.61⨯103kg/m3。
12.电热水壶上标有“220V800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻；在额定电压下，热水壶烧水210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为J，若发热体产生的热量全部被水吸收，能将kg的水从20℃升高至100℃。
[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
【答案】
（1）.小
（2）.1.68×105（3）.0.5
【解析】
【详解】热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律Q=I2Rt可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热；在额定电压下，烧开一壶水用时210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热
量：
Q=W=Pt
=800W×210s=1.68×105J；根据公式
Q=cm（t-t0）得，加热水的质量：
==
m=Qc（t-t0
1.68⨯105J
）4.2⨯103J/（kg•℃）⨯（100℃-20℃）0.5kg。
13.
某大桥设计车速为60km/h，图1为该大桥的实景图，其主通航孔桥采用双塔双索面斜拉桥，可逐步抽象成图2、图3、图4所示的模型。
（1）它用到了（选填“杠杆”或“斜面”）知识。
为了减小钢索承受的拉力，在需要与可能的前提下，可以适当（选填“增加”或“减小”）桥塔的高度。
（2）若某汽车质量为5×103kg，在大桥上按设计车速水平匀速直线行驶时受到的阻力为汽车重力的0.06
倍，则汽车通过该大桥时汽车发动机的功率为W。
（g取10N/kg）
【答案】
（1）.杠杆
（2）.增加（3）.5×104
【解析】
【详解】
（1）图4所示的模型，可以看作是一个在力的作用下静止在水平位置的硬棒，结合杠杆的定义，即可知道它就是杠杆的模型。
所以用到了杠杆的知识。
由图可知，若增加塔桥的高度，增加了支点O到钢
索的垂直距离，即增大了动力臂，根据公式F1
=F2L2，可以得到，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力臂
L1
越大，动力越小，即桥对钢索的拉力就越小。
（2）汽车受到的重力为G=mg=5×103kg×10N/kg=5×104N；汽车发动机的牵引力为
6050
F=f=0.06G=0.06×5×104N=3×103N；汽车行驶的速度为v=60km/h=
m/s=
3.63
m/s；汽车的功率为
P=W=Fs=Fv=3⨯103N⨯50m/s=5⨯104W。
tt3
三、作图题
14.如图所示，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，请画出此时物体所受力的示意图。
（）
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，用弹簧测力计悬挂着物体静止在水中，受的浮力、拉力和重力的作用，重力从重心竖直向下画，浮力、拉力从重心竖直向上画，标出符号，浮力与拉力之和等于重力，如图所示：
15.如图所示，凸透镜主光轴与水面重合，即：
上半部分在空气中，下半部分在水中，请作出通过凸透镜的入射光线，以及折射入水后的光线（方向大致符合物理规律即可）。
（）
【答案】
【解析】
【详解】平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，由此可以画出这条折射光线对应的入射光线。
过入射点垂直于水面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示：
16.将图中的电磁铁连入你设计的电路中（在方框内添加电源和滑动变阻器），使得小磁针静止时如图所示，且向右移动滑动变阻器滑片时，电磁铁的磁性变弱。
（）
【答案】
【解析】
【详解】小磁针静止时左端为S极、右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左端是N极，右端是S极如图；根据安培定则可以判断电流从左端进入通电螺线管，则可知电源左端为正极、右端为负极；当电流越小时，电磁铁的磁性越弱，要想电磁铁的磁性变弱，应减小电路中的电流，由欧姆定律可知，应增大电路中的电阻，则向右移动滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻应变长，故连接如图所示。
四、简答题
17.小敏爸爸驾驶小汽车载着家人外出旅游，小车在一段平直公路上匀速直线行驶，小敏坐在小车的座位上，突然遇到紧急情况，爸爸紧急刹车，小敏身体将向什么方向倾斜？
说出理由。
【答案】向前方倾斜；因为当汽车紧急刹车时，小敏的下身随汽车一起停止运动，但其上身由于惯性仍要保持原来的运动状态继续向前运动，所以小敏身体会突然向前方倾斜。
【解析】
【详解】惯性是物体本身固有的属性，由于惯性物体仍旧要保持原来的运动状态。
小敏坐在小车的座位上，
当汽车紧急刹车时，小敏的下身随汽车一起停止运动，但其上身由于惯性仍要保持原来的运动状态继续向前运动，所以小敏身体会突然向前方倾斜。
18.如图是空调的三脚插头与三孔插座，请运用物理知识回答下列问题：
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的什么部位相连？
（2）针对日常生活中浪费电能的现象及用电习惯，说出两种节约电能的方法。
【答案】
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的外壳相连。
（2）节约电能的方法：
人走灯灭；夏天把空调温度设置的高一些。
【解析】
【详解】
（1）三脚插头中较长的脚E与空调的外壳相连，当插头插入插座时E首先和插座的地线相连，若空调漏电人接触空调避免触电事故发生。
（2）节约电能的方法很多，例如：
人走灯灭；夏天把空调温度设置的高一些等。
五、实验题
19.小明用如图1所示的实验装置探究水沸腾的特点。
（1）请指出图1中的操作错误：
；
（2）上图2是根据实验数据画出的水温度随时间变化的图线。
由图可知，水沸腾时的特点是：
水继续吸热，温度。
【答案】
（1）.温度计的玻璃泡碰到容器壁
（2）.不变
【解析】
【详解】
（1）由图1可知，温度计的玻璃泡碰到容器壁，会使测量结果不准确；
（2）由图2可知，水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变；
20.
（1）如图甲，向放在水平桌面的两个乒乓球中间打气，会看到两个乒乓球（选填“分开”
或“靠近”）；
（2）如图乙、丙、丁是探究浮力大小与哪些因素有关的实验装置，浸没在液体中的物体都相同。
若选
两个装置，可以探究浮力大小是否与物体所处深度有关。
【答案】
（1）.靠近
（2）.乙、丙
【解析】
【详解】
（1）乒乓球中间流速大，压强变小，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠近；
（2）乙、丙两个装置中，烧杯中盛的都是水，液体的密度相同；同一物体浸没在水中，排开液体的体积相同；不同的是物体在水中浸没的深度，因此探究的是浮力与物体在液体中的深度的关系。
21.
在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供的器材有：
小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为9Ω）、电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
（1）小杨同学检查器材完好后，按图1所示的电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于（选填A或B）端。
（2）当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是。
（3）小杨同学纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是。
（4）为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是调节滑动变阻器，，读出并记录电流表的示数。
（5）当电压表的示数如图3所示，电路中的电流为0.3A时，则小灯泡的实际功率为W。
【答案】
（1）.B
（2）.电流表正负接线柱接反了造成的（3）.小灯泡实际功率太小，不足以让小灯
泡发光；（4）.使小灯泡两端电压为2.5V（5）.0.72
【解析】
【详解】
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处，即B端；
（2）由图2所示电流表可知，测量电流过程中，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的；
（3）（4）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表示数均较小，则说明滑动变阻器的电阻较大，使得灯泡的实际功率太小造成；要想测量小灯泡的额定功率，此时应减小滑动变阻器的阻值，使小灯泡两端电压为2.5V；
（5）电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压表的示数为2.4V，小灯泡的实际功率为：
P=UI=2.4V×0.3A=0.72W。
六、计算题
22.
如图所示的电路，电源电压保持不变，R1＝30Ω，R2＝10Ω。
当闭合开关S1、S，断开S2时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，求电流表的示数；
（3）当闭合开关S1、S2、S时，通电100s，求整个电路消耗的电能。
【答案】
（1）12V；
（2）1.2A；（3）1920J。
【解析】
【详解】
（1）当闭合开关S1、S，断开S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，由I=U可得，
R
电源电压：
U=I1R1=0.4A×30Ω=12V；
（2）当闭合开关S2、S，断开S1时，电路为R2的简单电路，电流表测通过的电流，则电流表的示数：
I=UR2
=12V=1.2A；
10Ω
（3）当闭合开关S1、S2、S时，R1与R2并联，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1、R2的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：
I=I1+I2=0.4A+1.2A=1.6A，通电100s整个电路消耗的电能：
W=UIt=12V×1.6A×100s=1920J。
23.
如图是某科技小组设计的在岸边打捞水中金属块的装置示意图，每个滑轮重为100N，均匀实心金属块的密度为8×103kg/m3，金属块的质量为80kg。
绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，金属块一直匀速上升。
（水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）在金属块还未露出水面时，求此时金属块所受到的浮力；
（2）在金属块未露出水面时，求人的拉力F；
（3）金属块在水中匀速上升2m，且金属块未露出水面时，求人的拉力所做的功。
【答案】
（1）100N；
（2）400N；（3）1600J。
【解析】
【详解】
（1）因为金属块浸没水中，所以金属块排开水的体积：
V排
=VA
=mA=
ρA
80kg8⨯103kg/m3
=0.01m3；
金属块所受的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.01m3=100N；
（2）由图知，使用的滑轮组n=2，金属块未露出水面时，绳重和摩擦、滑轮与轴及杠杆支点处的摩擦、水对金属块的阻力均忽略不计，人的拉力：
F=1（G-F+G）=1⨯（80kg⨯10N/kg-100N+100N）=400N；
2A浮动2
（3）拉力端移动距离s=2h=2×2m=4m，人的拉力所做的功：
W=Fs=400N×4m=1600J。
24.
某同学设计了一个利用如图1所示的电路来测量海水的深度，其中R1=2Ω是一个定值电阻，R2是一个压敏电阻，它的阻值随所受液体压力F的变化关系如图2所示，电源电压保持6V不变，将此压敏电阻用绝缘薄膜包好后放在一个硬质凹形绝缘盒中，放入海水中保持受力面水平，且只有一个面积为0.02m2的面承受海水压力。
（设海水的密度ρ海水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）当电流表示数为0.2A时，求压敏电阻R2的阻值；
（2）如图2所示，当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，求此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强；
（3）若电流的最大测量值为0.6A，则使用此方法能测出海水的最大深度是多少？
【答案】
（1）28Ω；
（2）2×106Pa；（3）500m。
【解析】
【详解】
（1）由I=U可得，当电流表示数为0.2A时电路的总电阻：
R
=U=6V
=30Ω，因串联电
R总I0.2A
路中总电阻等于各分电阻之和，所以，压敏电阻R2的阻值：
R2=R总-R2=30Ω-2Ω=28Ω；
（2）当压敏电阻R2的阻值为20Ω时，由图2可知，压敏电阻受到的压力F=4×104N，此时压敏电阻R2所在
深度处的海水压强：
p=F
S
=4⨯104N0.02m2
=2⨯106p；
（3）
a
当电流表的示数I′=0.6A时，使用此方法能测出海水的深度最大，此时电路的总电阻：
‘=U
总I'
=6V0.6A
=10Ω，此时压敏电阻的阻值：
R2′=R
总′-R2=10Ω-2Ω=8Ω，由图2可知，压敏电阻受到的
压力F′=10×104N，此时压敏电阻R2所在深度处的海水压强：
p'=
F'=
S
1⨯104N
0.02m2
=5⨯106p，由
p=ρgh
a
p'5⨯106p
可得，使用此方法能测出海水的最大深度：
h==a=500m。
ρ水g1⨯10kg/m⨯10N/kg
33
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