届上海市宝山区高考一模物理试题解析版.docx

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届上海市宝山区高考一模物理试题解析版

上海市宝山区2019届高三模拟一考试物理试题

一、单选题（本大题共12小题，共40.0分）

1.首先发现“磁”能生“电”的物理学家是（　　）

A.安培B.奥斯特C.法拉第D.楞次

【答案】C

【解析】

【详解】法拉第首先发现了电磁感应现象，即是首先发现“磁”能生“电”的物理学家，故选C.

2.描述运动和力的关系的物理定律是（　　）

A.牛顿第一定律和牛顿第二定律

B.牛顿第一定律和牛顿第三定律

C.牛顿第二定律和牛顿第三定律

D.牛顿第一定律、牛顿第二定律和牛顿第三定律

【答案】A

【解析】

【详解】描述运动和力的关系的物理定律是牛顿第一定律和牛顿第二定律；牛顿第三定律描述的是作用力和反作用力之间的关系；故选A.

3.科学思维在物理问题的研究中十分重要，历史上有一位物理学家受到万有引力定律的启发，运用类比创建了另一个物理定律，该定律是（　　）

A.牛顿第二定律B.库仓定律

C.楞次定律D.闭合电路欧姆定律

【答案】B

【解析】

【分析】

明确理想模型、控制变量、等效替代、类比等各种方法的应用即可正确解答本题．

【详解】科学方法在物理问题的研究中十分重要，历史上有一位物理学家受到牛顿万有引力定律的启发，运用类比方法方法在电磁学领域中建立了一个物理学定律，该定律的名称为库仑定律。

故选B。

4.关于能量的转化下列说法中正确的是（　　）

A.满足能量守恒定律的物理过程都能自发地进行

B.不但能量的总量保持不变，而且能量的可利用性在逐步提高

C.空调机既能致热又能制冷，说明热传递不存在方向性

D.热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化

【答案】D

【解析】

【分析】

热力学第二定律反映了自然界的宏观过程具有方向性，虽然总能量守恒，但能量可以利用的品质降低了．

【详解】根据热力学第二定律，满足能量守恒定律的物理过程不一定都能自发地进行，选项A错误；能量在转化过程会由高品质能源转化为低品质的能源，故可利用性会降低，选项B错误；空调机既能致热又能制冷，但是要耗电，即热传递有方向性，热量只能自发地由高温物体传向低温物体，故C错误；根据热力学第二定律，热量不可能由低温物体传给高温物体而不发生其他变化，选项D正确；故选D.

5.振动着的单摆摆球，通过平衡位置时，它受到的回复力（　　）

A.指向地面B.指向悬点

C.数值为零D.垂直摆线，指向运动方向

【答案】C

【解析】

【分析】

单摆的回复力是重力沿圆弧切线方向上的分力，方向指向平衡位置.

【详解】摆球受到的回复力是重力沿圆弧切线方向上的分力，经过平衡位置时，回复力为零。

由于单摆做圆周运动在平衡位置，合力不为零，合力提供向心力，方向指向悬点。

故C正确，ABD错误。

故选C。

【点睛】解决本题的关键知道单摆做简谐运动回复力的来源，知道在平衡位置，回复力为零，合力不为零．

6.两列机械波在介质中产生干涉现象，它们的振幅分别为A1和A2，某一时刻介质中质点P的位移大小为A1+A2，则（　　）

A.质点P的振幅一直为A1+A2

B.质点P的振幅再过半个周期为|A1-A2|

C.质点P的位移大小一直为A1+A2

D.质点P的位移大小再过半个周期为零

【答案】A

【解析】

【分析】

相干简谐横波相遇时，波峰与波谷相遇处质点的振幅等于两列波振幅之差；波峰与波峰相遇处质点的振幅等于两列波振幅之和；

【详解】对于两列振动方向相同、振幅分别为A1和A2的相干简谐横波相遇，波峰与波峰相遇处质点的振幅等于两列波振幅之和，即振幅一直为A1+A2．但质点离开平衡位置的位移不总是最大的，某一时刻介质中质点P的位移大小为A1+A2，则再过半个周期质点P的位移大小仍为A1+A2，所以A正确，BCD错误；故选A；

7.在静电场中将一负电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（　　）

A.a点电势高于b点电势B.a点电场强度大于b点电场强度

C.a点电势能大于b点电势能D.电场线方向从b指向a

【答案】A

【解析】

【分析】

根据电场力做功公式W=qU分析电势的高低，抓住电场强度与电势无关，不能确定电场强度的大小和电场线的方向．电场力做正功时负电荷的电势能减小．

【详解】根据电场力做功公式Wab=qUab，知Wab<0，q＜0，则a、b两点的电势差Uab>0，因此a点电势高于b点电势，故A正确。

电场强度与电势无关，不能确定电场强度的大小，故B错误。

电场力做了负功，负电荷的电势能增加，因此a点电势能小于b点电势能，故C错误。

电场力做功与路径无关，所以不能确定电场线的方向，故D错误。

故选A。

【点睛】本题是功能关系的角度分析电场力做功与电势能变化的关系，也可以利用推论“负电荷在电势能高处电势能小”分析电势的高低．电势与场强无关，电势高，场强不一定大．

8.如图所示，在倾斜的环形赛道上有若干辆小车正在行驶，假设最前面的小车做匀速圆周运动，则它所受的合外力（　　）

A.是一个恒力，方向沿OA方向

B.是一个恒力，方向沿OB方向

C.是一个变力，此时方向沿OA方向

D.是一个变力，此时方向沿OB方向

【答案】D

【解析】

【分析】

做匀速圆周运动的物体所受的合力大小不变，方向指向圆心.

【详解】做匀速圆周运动的物体所受的合力大小不变，方向指向圆心，则最前面的小车所受的合外力是大小不变，方向不断变化的变力，此时方向沿OB方向，故选D.

9.探测器探测到土星外层上有一个环．为了判断它是土星的一部分还是土星的卫星群，可以测量环中各层的线速度v与该层到土星中心的距离R之间的关系来确定（　　）

A.若v2∝R，则该环是土星的一部分

B.若v2∝R，则该环是土星的卫星群

C.若v∝，则该环是土星的一部分

D.若v2∝，则该环是土星的卫星群

【答案】AD

【解析】

试题分析:

A、C、若小环是土星的一部分则各层自转的角速度相等，根据v=ωR得：

v∝R，故A正确，C错误；B、D、若该层小环是土星的卫星群，则向心力等于万有引力，根据得：

，即，故B错误，D正确．故选AD．

考点：

考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．

【名师点睛】解决本题要知道若是土星的一部分，则各层转动的角速度相等，若该层是土星的卫星群，则根据向心力等于万有引力求解。

10.如图所示，用绳牵引小船，设水的阻力不变，则在小船匀速靠岸的过程中（　　）

A.绳子拉力不断减小B.绳子拉力不断增大

C.船的浮力不变D.船的浮力增大

【答案】B

【解析】

【分析】

对小船进行受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化．

【详解】对小船进行受力分析，如图，

因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，设拉力与水平方向的夹角为θ，有：

Fcosθ=f…①

Fsinθ+F浮=mg…②

船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，根据平衡方程①知，绳子的张力增大，根据平衡方程②知，张力增大，sinθ增大，所以船的浮力减小。

故B正确，ACD错误。

故选B。

【点睛】解决本题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据θ角的变化，判断力的变化．

11.如图，a、b、c三个上下平行的圆形线圈同轴水平放置，现闭合b线圈中的电键S，则在闭合S的瞬间，由上向下观察（　　）

A.a、c线圈中无感应电流

B.a、c线圈中的感应电流都沿顺时针方向

C.a、c线圈中的感应电流都沿逆时针方向

D.a、c线圈中感应电流的方向相反

【答案】B

【解析】

【分析】

根据安培定则确定电流产生的磁场方向，根据楞次定律判断上方线圈中感应电流的方向；

【详解】闭合时，b线圈中电流由上向下观察逆时针方向，根据安培定则穿过a、c线圈的磁场方向向上，磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向向下，由安培定则判断，由上向下观察a、c线圈的感应电流均为顺时针方向；故选B.

【点睛】该题考查楞次定律的应用，楞次定律应用的题目我们一定要会做，大胆的去找原磁场方向，磁通量的变化情况，应用楞次定律常规的步骤进行判断即可。

12.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而增大。

某同学利用压敏电阻设计了一个判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图1所示。

将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示数为2I0．电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如图2中甲、乙、丙、丁所示，则下列判断中正确的是（　　）

A.甲图表示电梯可能做匀加速上升运动

B.乙图表示电梯可能做匀减速上升运动

C.丙图表示电梯可能做匀加速下降运动

D.丁图表示电梯可能做匀减速下降运动

【答案】A

【解析】

【分析】

据题知，压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而增大，而电流变大说明电路中电阻变小，则电流变大说明压力变小；反之，电流变小说明压力变大；物体加速上升和减速下降是超重状态，减速上升和加速下降是失重状态．

【详解】甲图中，电流从2I0逐渐变大，电阻变小，则压力逐渐变小，且小于重力，所以加速度向下逐渐变大，电梯可能变加速下降，也可能变减速上升。

故A错误；乙图中，电流从I0逐渐变大到2I0，电阻变小，则压力逐渐变小，且大于重力，所以加速度向上逐渐变小，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降。

故B错误；丙图中，电流从2I0逐渐变小，电阻变大，则压力逐渐变大，且大于重力，所以加速度向上逐渐变大，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降。

故C错误；丁图中，电流恒为I0，压力大于重力，故电梯处于超重状态，可能匀加速上升，也可能匀减速下降，故D正确；故选D。

【点睛】本题关键根据电流变化情况判断压力变化情况，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况，从而判断电梯的可能运动情况．

二、填空题（本大题共4小题，共16.0分）

13.人们知道鸽子有很强的返巢能力，有人猜想鸽子体内可能有______，通过地磁场对它的作用来辨认方向。

为了证实这个假设，在鸽子翅膀下系上一小块______，以扰乱鸽子对地磁场的“感觉”，结果鸽子不能飞回家了。

由此，猜想得到了证实。

【答案】

（1）.生物磁体；

（2）.磁石

【解析】

【详解】人们知道鸽子有很强的返巢能力，有人猜想鸽子体内可能有生物磁体，通过地磁场对它的作用来辨认方向。

为了证实这个假设，在鸽子翅膀下系上一小块磁石，以扰乱鸽子对地磁场的“感觉”，结果鸽子不能飞回家了。

由此，猜想得到了证实。

【点睛】在关于信鸽是靠什么来辨别方向的实验中，一群信鸽的身上绑了小磁体，一群信鸽身上绑了小铜块，放飞后，结果是绑了铜块的信鸽大部分回到了巢穴，而绑了小磁铁的信鸽一只也没有飞回巢穴，由此可以验证信鸽的辨别方向靠的是地磁场．

14.将一小球竖直向上抛出，小球在第3内的位移是零，再过2.5s小球落至地面，则抛出时小球的速度大小为______m/s，抛出点距地面的高度为______m．（不计空气阻力，g=10m/s2）

【答案】

（1）.25；

（2）.13.75

【解析】

【分析】

小球在第3秒内的位移是零，第3秒内的平均速度也为零，而平均速度等于中间时刻的速度，即第2.5秒瞬间速度为零，故小球上升的时间为2.5s，下落时间为3s，根据h＝gt2分别求出上升和下落的高度，二者之差即所求高度．

【详解】小球在第3秒内的位移是零，第3秒内的平均速度也为零，而平均速度等于中间时刻的速度，即第2.5秒瞬间速度为零，故小球上升的时间为t1=2.5s，下落时间为t2=3s，

由小球的初速度v=gt1=10×2.5=25m/s；

小球上升的高度：

h1＝gt12=×10×2.52=31.25m

下落的高度：

h2＝gt22=×10×32=45m

故小球抛出点离地面的高度h=h