1,B•
解析:
pJo,1,2〉,M=I-,3】,因此P^Mhb,1,2"
(2)在等比数列taj中,印=1,公比qH1.右am=8182838485,则m=
几何体的俯视图为
解析:
很容易看出这是一个面向我们的左上角缺了一小块长方体的图形,不难选出答案。
(4)8名学生和2位第师站成一排合影,2位老师不相邻的排法种数为
将所有学生先排列,有A种排法,然后将两位老师插入9个空
中,共有A9种排法,因此一共有A8A9种排法。
(5)极坐标方程(;?
-1)^-7:
)=0(T_0)表示的图形是
(6)
(A)两个圆
(B)两条直线
解析:
原方程等价于'二1或-二,前者是半径为1的圆,后者是一条射线。
(6)若a,b是非零向量,“a丄b”是“函数f(x)二(xa-b)・(xb-a)为一次函数”的
6,B.
条件必要。
当图象经过区域的边界点(2,9)时,a可以取到最大值3,而显然只要a大于1,图象必然经过区域内的点。
(8)如图,正方体ABCD-ABQD!
的棱长为2,动点E、F在棱A^上,动点P,Q分别在棱AD,CD上,
1
的面积永远不变,为面ABCD面积的4,而当P点变化时,它到面ABCD的距离是变化的,因此会导致四面体体积的变化。
(10)在厶ABC中,若b=1,c=、、3,.C^—,则a=3
10,1。
(12)如图,LIO的弦ED,CB的延长线交于点A。
若BD—AE,AB=4,BC=2,AD=3,则DE=
CE=
解析:
首先由割线定理不难知道ABAC=ADAE,于是AE=8,DE=5,又BD_AE,故BE为直径,因
此•C=90,由勾股定理可知CE2=AE2-AC2=28,故CE
2222
(⑶已知双曲线才『1的离心率为2,焦点与椭圆詁的焦点相同,那么双曲线的焦点坐
标为;渐近线方程为
13(现0),y=±T3x
解析:
双曲线焦点即为椭圆焦点,不难算出为-4,0,又双曲线离心率为y=±bx=±j3x
渐近线为a
(14)如图放置的边长为1的正方形PABC沿x轴滚动。
设顶点P(x,y)的轨迹方程是y=f(x),则f(x)的最小正周
为;y二f(x)在其两个相邻零点间的图像与x轴
所围区域的面积为。
说明:
“正方形PABC沿x轴滚动”包括沿x轴正方向和沿x轴负方向滚动。
沿x轴正方向滚动指的是先以顶点A为中心顺时针旋转,当顶点B落在x轴上时,再以顶点B为中心顺时针旋转,如此继续。
类似地,正方形PABC可以沿x轴负方向滚动。
14,4,二1
解析:
不难想象,从某一个顶点(比如A)落在x轴上的时候开始计算,到下一次A点落在x轴上,这个过程中四个顶点依次落在了x轴上,而每两个顶点间距离为正方形的边长1,因此该函数的周期为4。
下面考察P点的运动轨迹,不妨考察正方形向右滚动,P点从x轴上开始运动的时候,首先是围绕A点运动
1
4个圆,该圆半径为1,然后以B点为中心,滚动到C点落地,其间是以BP为半径,旋转90°,然后以C为圆心,再旋转90°,这时候以CP为半径,因此最终构成图象如下:
因此不难算出这块的面积为7:
1
三、解答题:
本大题共6小题,共80分。
解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程。
(15)(本小题共13分)
2
已知函数f(x)=2cos2xsinx-4cosx。
(I)求f(§)的值;
(n)求f(x)的最大值和最小值。
15
(I)
兀2兀2兀兀39
f()=2cossin4cos12二
333344
(2)
22
f(x)=2(2cosx-1)(1-cosx)-4cosx
2
=3cosx-4cosx-1
gVxR
27
♦cosx一———
因为cosx」-"l,所以当cosx=—1时,f(x)取最大值6;当3时,取最小值3。
(16)(本小题共14分)
如图,正方形ABCD和四边形ACEF所在的平面互相垂直,CE丄AC,EF//AC,AB=2,CE=EF=1.
(I)求证:
AF//平面BDE
(n)求证:
CH平面BDE
(川)求二面角A-BE-D的大小。
16证明:
(I)设AC与BD交于点G,因为EF//AG,
且EF=1
1
AG=2AC=1,所以四边形AGEF为平行四边形。
所以AF//EG。
因为EGP平面
BDE,AF一平面BDE,
所以AF//平面BDE。
(II)因为正方形ABCD和四边形ACEF所在的平面互相垂直,且CE丄AC,所以CE丄AC,所以CE丄平
面ABCD。
如图,以C为原点,建立空间直角坐标系C-xyz。
则C(0,0,
0),A(迈,施,0),DO/2,0,0),E(0,
2.2—2
0,1),F(2,2,1)o所以CF=(2
1),DE=(--2,0,
1),BE=(0,—d,
1=0。
所以CF丄BE,CF丄DE,所以CF丄平面
1)。
所以CF.BE=0-1+仁o,CF.DE=—i
BDE
2辽
BDE的一个法向量,设平面ABE的法向量n=(x,y,z),
(HI)由(II)知,CF=(2,2,1),是平面
则n・BA=o,nBE=0o
(x,y,z)(、、2,0,0)=0
即(x,y,z)(0,-迈⑴=0
所以X=0,且Z八2y。
令y=1,则z='2。
所以n=(0,1,2),从而COS(n,
兀
因为二面角A-BE-D为锐角,所以二面角A-BE-D为6。
(17)(本小题共13分)
某同学参加3门课程的考试。
假设该同学第一门课程取得优秀成绩的概率为4,第二、第三门课程取
5
得优秀成绩的概率分别为p,q(p>q),且不同课程是否取得优秀成绩相互独立。
记E为该生取得优秀
成绩的课程数,其分布列为
E
0
1
2
3
P
6
125
a
b
24
125
(I)求该生至少有1门课程取得优秀成绩的概率;
(n)求p,q的值;
(川)求数学期望EE。
17
解:
事件A,表示该生第i门课程取得优异成绩”,i=1,2,3。
由题意可知
4
P(AJ,P(A2)=p,P(A3)=q.
5
(I)由于事件该生至少有一门课程取得优异成绩”与事件“=0”是对立的,所以该生至少有一门课程取
得优秀成绩的概率是
戶6119
1-P(=0)=1
125125
(II)由题意可知,
6
125
p(=0)二p(A1A2A3)J(i—p)(i—q)二
5
32
q=
整理得pq=55。
(III)由题意知,
a=p(匕=i)=p(aA2A3)+p(AaA3)+p(AA2a3)
411
「(1-p)(1-q)匚P(1-q)匚(1-P)q
555
37
一125.
b=P(=2)=1_P(=0)_P(=1)_P(=3)
58
_125.
E=0P(=0)1P(=1)2P(=2)3P(=3)
9
_5.
(18)(本小题共13分)
k2
已知函数f(x)=ln(1x)-xx2(k_0)
2
(i)当k=2时,求曲线y=f(x)在点(1,f
(1))处的切线方程;
(n)求f(x)的单调区间。
18
21f(x)=ln(1+x)_x+x,f'(x)=——_1+2x.
解:
(I)当k=2时,1x
3
由于f
(1)ln
(2),f
(1)2,所以曲线y=f(x)在点(1,f
(1))处的切线方程为
3
y=ln2=2(xT)。
即3x-2y+2ln2-3=0f'(x)=x(k:
k-1..(_1,•:
:
).
(II)
1+x
f'(x)=
f'(x):
:
:
0;
当k=0时,1+x
因此在区间(一1,0)上,f'(x)0;在区间(0,二)上,
所以f(x)的单调递增区间为(-1,0),单调递减区间为
当0:
:
:
k:
:
:
1时,
1x
(1—k旦)
因此,在区间_1,0和k'
(x)/(kx—JoX"0,x2
…,得
即函数f(x)的单调递增区间为一1,0和
1—k0k;
5
1—k
上,f'(x)0;在区间(0,〒)上,
1—k(,;)k,单调递减区间为
f'(X):
:
:
0;
/c1-k\
(0,)
k;
2
f'(x)=-^—/彳丄\
当k=1时,1+x.f(x)的递增区间为3,3)
当k1时,由
因此,在区间
f'(x)=x(kxk-1)=0x=0,X2Jk.(_1,0)
1+x,得k;
41—k1—k
(_1,nr)和(o,;)上,f'(x)0,在区间(〒,0)上,
〔1,Sj
的单调递增区间为.'k和(°,;),单调递减区间为
(19)(本小题共14分)
在平面直角坐标系xOy中,点B与点A(-1,1)关于原点O对称,P是动点,且直线AP与BP的斜率之积
1
等于-丄.
3
(I)求动点P的轨迹方程;
(II)设直线AP和BP分别与直线x=3交于点M,N,问:
是否存在点P使得△PAB与厶PMN勺面积相等?
若存
在,求出点P的坐标;若不存在,说明理由。
19,
解:
(1)因点B与(-1,1)关于原点对称,得B点坐标为(1,-1)。
y—1y+1y—1y+11
fx\八kAP=■~,kBP—~=__
设P点坐标为x,y,则x1x-1,由题意得x1x-13,
22
化简得:
X3y=4,(x7)。
即P点轨迹为:
x?
3/=4,(^-1)
(2)因/APB+NMPN=180°,可得sin丛APB=sinZMPN,
11
SAPBPAPBsin.APB,Smpn二PMPNsin.MPN又…22,
若S搜b=S应pn,则有PA||PB=PM||PN,
PAPN即PM=PB
Xo1_3—X。
设P点坐标为Xo,yo,则有:
3—x°X。
-1
533
Xo=—2.0x,2Ay0=二一
解得:
3,又因Xo6。
=4,解得9。
5.335.33
,-故存在点p使得PAB与PMN的面积相等,此时P点坐标为39或39
(20)(本小题共13分)
已知集合Sn二{X|X=(X1,X2,…,Xn),X1{0,1},i=1,2,…,n}(n一2)对于人二⑻忌,…an,),
B屮也,…bn,)•Sn,定义A与B的差为
A-B=(|a1a2-I,…|an"bn|);
n
A与B之间的距离为d(A,B)=E匕-b|
(I)证明:
—A,B,CSn,有A-BSn,且d(A-C,B-C)=d(A,B);
(n)证明:
-A,B,C・Sn,d(A,B),d(A,C),d(B,C)三个数中至少有一个是偶数
(川)设P—Sn,P中有m(m>2)个元素,记P中所有两元素间距离的平均值为d(P).
证明:
d(P)2(m-1)
【分析】:
这道题目的难点主要出现在读题上,这里简要分析一下。
题目所给的条件其实包含两个定义,第一个是关于31的,其实31中的元素就是一个n维的坐标,其
中每个坐标值都是0或者1,也可以这样理解,就是一个n位数字的数组,每个数字都只能是0和1,第二个定义叫距离,距离定义在两者之间,如果直观理解就是看两个数组有多少位不同,因为只有0和1才
能产生一个单位的距离,因此这个大题最核心的就是处理数组上的每一位数,然后将处理的结果综合起来,
就能看到整体的性质了。
第一问,因为每个数位上都是0或者1,取差的绝对值仍然是0或者1,符合S1的要求。
然后是减去
C的数位,不管减去的是0还是1,每一个a和每一个b都是同时减去的,因此不影响他们原先的差。
第二问,先比较A和B有几个不同(因为距离就是不同的有几个),然后比较A和C有几个不同,这
两者重复的(就是某一位上A和B不同,A和C不同,那么这一位上B和C就相同)去掉两次(因为在
前两次比较中各计算了一次),剩下的就是B和C的不同数目,很容易得到这样的关系式:
h二k•I—2i,
从而三者不可能同为奇数。
第三问,首先理解P中会出现Cm个距离,所以平均距离就是距离总和再除以Cm,而距离的总和仍然
可以分解到每个数位上,第一位一共产生了多少个不同,第二位一共产生了多少个不同,如此下去,直到第n位。
然后思考,第一位一共m个数,只有0和1会产生一个单位距离,因此只要分开0和1的数目即
2
m
ti(m—tj兰——,
可,等算出来4一切就水到渠成了。
此外,这个问题需要注意一下数学语言的书写规范。
解:
(1)设A~(a1Ia2,...,an),B—(bl,b?
j...j),C—(cl,C2,...,CnSn
因a,b•9,仁故ai-b|;〔0,1』i=1,2,...,n
即A-B二ai-bi,a2—b2,...,an—bn)匸Si
又ai,b,G:
0,1f,i=1,2,...,n.
当c时,有|印—g—b—cllTai—b;
当c=1时有|ai-Ci-bi-c』=(1-a)-(1-h)=ai-bi
n
d(A-C,B-C)=:
Za-bi|=d(A,B)
故v
记d(A,B)二k,d(A,C)=l,d(B,C)二h
记。
一(0,0,...,0)Sn,由第一问可知:
d(A,B)二d(A-A,B-A)=d(O,B-A)二kd(A,C)=d(A-A,C-A)=d(O,C-A)=1d(B,C)=d(B—A,C—A)=h
即bY中1的个数为k,—ai中i的个数为|,(i^,2,…,n)
设t是使b—a=g_ai|/成立的i的个数,则有h=k+l_2i,
由此可知,k」,h不可能全为奇数,即d(A,B),d(A,C),d(B,C)三个数中至少有一个是偶数。
2d(P)二'd(A,B)、、d(A,B)
(3)显然P中会产生Cm个距离,也就是说CmABP,其中A,BP表示P中每两个
t个1,那么自然有m—ti个o,因此在这个
元素距离的总和。
分别考察第i个位置,不妨设P中第i个位置一共出现了
位置上所产生的距离总和为
2
m
ti(m7),(i=1,2,...,n)
4
_12
d(P)=疋瓦d(A,B^m!
2即CmA,BP4Cm
下面就一些具体问题来阐述一下解题思路,希望可以指点今后高三学生的一些复习方向。
选择题,第5题,考察知识点:
极坐标系,在这个问题的设置上,命题人很巧妙地加入了一个乘积为0的现象,这违背了不少考生在之前的模拟考试中对于极坐标题的认识,认为就是简简单单的坐标转化,这一设置虽未增加多少难度,但构思仍然值得称赞。
选择题,第6题,考察知识点:
常用逻辑,向量。
借助函数的背景,把几个小知识点灵活地放在一起,若略有粗心便可能失分。
选择题,第7题,考察知识点:
线性规划,指数函数。
同样是求参数范围,这道题却能突破常规,最大值是3容易想,所有的a大于1却需要学生敏锐的观察力。
选择题,第8题,考察知识点:
立体几何。
四个运动的点会让考生感觉不太舒服,而几何的美妙之处很大程度上就在于如何从运动中寻找不变,这也是一向北京市命题风格,09年的选择题最后一题也体现了
这个风格。
填空题,第14题,一个正方形的滚动虽然是新背景,但也不是第一次在考试中见到,但是这样的滚动方式还是会让不少学生感觉陌生,如何迅速地考察运动状态的每一次变化,就成为了解决这个问题的关键。
解答题整体难度梯度较好,第15题直接考察三角函数虽然有些出人意外,但题目本身中规中矩,跟
平时三角函数的练习并没有太大区别,立体几何,概率,导数三道大题也依然维持常态,与我们平时在课堂上讲解的东西保持一致。
值得说的是最后两道大题。
19题为解析几何大题,第二问很多考生反映说计算量很大,的确,如果按照一般的计算交点然后计算
距离的方式去求三角形面积,计算量的确不小,但是这样做的同学大多数都是拿到题目,未详细思考直接动笔运算,事实上,如果认真考察两个三角形之间的关系,便可以发现这道题目并不需要过于复杂的运算,
我后面给出的解法口算即可完成。
最后一题的立意继承了07年的压轴题立意,在离散情况下处理集合的新背景规则,带有一些组合技
巧。
考生的瓶颈在于读题上,大多数同学读到复杂的符号和定义的时候便头晕眼花,这说明了许多考生对于数学语言的理解层面尚浅,不能将抽象的符号语言转化为直观的认识,北京近年来的压轴题风格多为此类,下一届的高三应该在这方面多下功夫。
2010年普通高等学校招生全国统一考试
数学(理)
(北京卷)
参考答案
、选择题
(本大题共
(1)
B
(5)
C
、填空题
(本大题共
(9)
(-1,1)
(11)
0.0303
(13)
(-4,0)
、解答题
(本大题共
(15)
(共13分)
解:
(
Df(3"
8小题,每小题
(2)C
(6)B
6小题,每小题
5分,
5分,
6小题,共80分)
共40分)
(3)C
(7)A
共30分)
(10)1
(12)5
(14)4
2.7
2cossin24cos13=-
3334
22
(II)f(x)=2(2cosx-1)(1-cosx)-4cosx
(4)
(8)
E
=3cos2x-4cosx-1
2
27
=3(cosx),x=R
33
因为cosx[_1,1],
所以,当cosx=-1时,f(x)取最大值6;当
27cosx时,f(x)取最小值
33
(16)(共14分)
证明:
(I)设AC与BD交与点G。
1
因为EF//AG,且EF=1,AG=AC=1.
2
所以四边形AGEF为平行四边形.
所以AF//平面EG,
因为EG二平面BDE,AF二平面BDE,所以AF//平面BDE.
(II)因为正方形ABCD和四边形ACEF所在的平面
相互垂直,且CE_AC,
所以CE_平面ABCD.
如图,以C为原点,建立空间直角坐标系C-xyz.
则C(0,0,0),A(恵,42,0),B(0,丘,0)
所以CFIB:
=0-11=o,CFlde—101=0
所以CF_BE,CF_DE.所以CF_BDE.
」(x,y,z)小2,0卫)=0
(x,y,z)G:
0,—眨,1)=0
令y=1,则z=2.
所以n=(0,1,、、2).
从而cosn,CFnCF3
|n||CF|2
5125
因为二面角A-BE-D为锐角,
所以二面角A-BE-D的大小为一.
6
(17)(共13分)解:
事件A表示“该生第i门课程取得优秀成绩”,i=1,2,3,由题意知
4
P(A),P(AzHP,P(A3)=q
5
(I)由于事件“该生至少有1门课程取得优秀成绩”与事件“=0”是对立的,所以该生至少有1
门课程取得优秀成绩的概率是
119
125125
(II)由题意知
p(=o)=p(A1A2A3)=丄(1-p)(1-q)=
整理得pq一,pq
125
由pq,可得p=—,q=_.
55
(III)由题意知a=P(=1)=P(aAA—)p(AaA—)p(AA2A3)
411
=4(1-p)(1-q);P(1-q);(1-p)q
555
_37
_125
b=P(F:
=2)=1-P(F:
=0)-P(F:
=1)-PC:
-3)
=58
=125
E=0P(=0)1P(=1)2P(=2)3P(=3)
(18)(共13分)
解:
(l)当k=2时,f(x)=ln(1x)-xx2,f'(x)—-12x
3
由于f
(1)=ln2,f'(1^-,
所以曲线y=f(x)在点(1,f
(1))处的切线方程为
y—ln2=2(x-1)
即3x-2y2ln_2=30(II)f'(x)=x(kxk"),x.(“「J.
1+x
x
当k=0时,f'(x)
1+x
所以,在区间(-1,0)上,f'(x).O;在区间(0,七)上,f'(x):
:
:
0.
故f(x)得单调递增区间是(-1,0),单调递减区间是(0,
当0:
:
k:
:
1时,由f'(x)=x(kxk-1)=0,得,1k0
1+xk
1_k1_k
所以,在区间(-1,0)和(,二)上,f'(x)■0;在区间(0,)上,f'(x):
:
:
0
kk
1-k1-k
故f(x)得单调递增区间是(-1,0)和(「:
),单调递减区间是(0,).
kk
2
x
当k=1时,f'(x)二
1+x
故f(x)得单调递增区间是(-
当k1时,f'(x)=x(kxk"