湖北省教学合作届高三物理联试题.docx

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湖北省教学合作届高三物理联试题

湖北省教学合作2014届高三物理10月联试题（扫描版）新人教版

教学合作2014届高三年级十月联考物理答案

一、单选题

1.C解析：

通过白纸上的球的印迹，来确定球发生的形变的大小，从而可以把不容易测量的一次冲击力用球形变量的大小来表示出来，在通过台秤来测量相同的形变时受到的力的大小，这是用来等效替代的方法

A.研究加速度跟合力、质量的关系运用了控制变量法，故A错误；

B.研究弹力大小跟弹簧的伸长量的关系运用了实验归纳法，不是等效替代法，故B错误；

C.合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，所以C正确．

D.卡文迪许测万有引力常量的实验中，引力大小借助光的反射来放大，运用了微小形变放大法，故D错误

故选C

点评：

在物理学中为了研究问题方便，经常采用很多的方法来分析问题，对于常用的物理方法一定要知道．

2.D解析：

设斜面的倾角为α，物块的质量为m，加速度大小为a．

若物块沿斜面向下加速滑动时，根据牛顿第二定律得  Fcosα-mgsinα=ma，得a=Fcosθ/m-gsinα

当F减小时，加速度a可能变小，若F减小到F′使Fcosθ/m-gsinα=gsinα-Fcosθ/m时，加速度的大小不变，方向改变，当cosθ-gsinα＜gsinα-Fcosθ/m时，加速度反向变大，故D正确

点评：

解决本题的关键熟练运用正交分解，根据牛顿第二定律求出加速度．

3.B解析：

当射出箭的方向与骑马方向垂直时，箭射到靶的时间最短，最短时间t=d/v2．此时马离A点的距离x=v1t=v1d/v2．所以运动员放箭处离目标的距离

点评：

解决本题的关键知道箭参与了沿马运行方向上的匀速直线运动和垂直于马运行方向上的匀速直线运动，知道分运动与合运动具有等时性．

4.C解析：

A、从时该t1到t2，物体受到的压力大于重力时，物体处于超重状态，加速度向上，故A错误；B、从时刻t3到t4，物体受到的压力小于重力，物块处于失重状态，加速度向下，电梯可能是加速下降也可以是减速上升故B错误；C、如果电梯开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层，那么应该从图象可以得到，压力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正确；D、如果电梯开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层，那么应该是压力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D错误；

点评：

本题关键是根据压力的变化情况，得到超、失重情况，然后与实际情况向对照，得到电梯的运动情况．

5.B解析：

斜面倾角的正切值tanθ＝gt/（2v0）则运动时间t=2v0tanθ/g知运动的时间与平抛运动的初速度有关，初速度变为原来的2倍，则运行时间变为原来的2倍．所以时间比为1：

2．故B正确，

点评：

解决本题的关键知道球做平抛运动落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是定值，以及熟练掌握平抛运动的位移公式．

6.A解析：

将2012以后共2989个小球当作整体，整体受到水平外力，重力2989mg竖直向下，对整体而言，上端绳子的拉力为T1，T1sin45=5000mg，F=T1cos45，F=5000mg，对2012以后：

2011和2012之间绳的力T2，T2sinα=2989mg，T2cosα=F，所以tanα=2989/5000

点评：

本题的解题关键是选择研究对象，采用整体法与隔离法相结合进行研究，用质点代替物体，作图简单方便．

二、多项选择题

7.AD解析：

汽车发生侧翻是因为提供的力不够做圆周运动所需的向心力，发生离心运动．故A正确，B错误．汽车在水平路面上拐弯时，靠静摩擦力提供向心力，科学设计应为外高内低，借助重力的分力提供向心力，现在易发生侧翻可能是路面设计不合理，公路的设计上可能内侧高外侧低，重力沿斜面方向的分力背离圆心，导致合力不够提供向心力而致．故D正确，C错误．

点评：

解决本题的关键知道当提供的力等于圆周运动所需要的力，物体做圆周运动，当提供的力不够圆周运动所需要的力，物体做离心运动．

8.BC解析：

由图线可知，在车撤去外力后，两图线平行，说明加速度相同，而只受摩擦力，a=μg所以，μ相同，故B正确．由牛顿第二定律，F-μmg=ma，得a1＝F1/m1−μg，a2＝F2/m2−μg，由图线可以看出，a1＞a2，即F1/m1＞F2/m2，由于m1＜m2，所以，F1和F2关系不一定，故A错误．从图线中可以看出，a的面积小于b的面积，即a的位移x1小于b的位移x2，D错误；F1作用的前2s内a的位移为6m，F2作用的前4.5s内b的位移为11.25m，C正确。

故选BC

点评：

本题综合性很强，所以熟练掌握牛顿第二定律，会根据v-t图求解加速度、位移是能否成功解题的关键．

9.AC解析：

根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度．故A正确．飞船在轨道Ⅰ上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道Ⅱ上运动．所以飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能小于轨道Ⅱ上运动的机械能．故B错误．飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等．故C正确．根据周期公式T＝2π（r3/GM）1/2，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等．故D错误．故选AC．

点评：

本题要知道飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关．

10.BD解析：

刚开始弹簧处于伸长状态，对A的作用力向右，对B的作用力向左，而AB均静止，所以刚开始的f1方向水平向右，f2方向水平向左，当用一个从零开始缓慢增大的水平力F向右拉物体B时，刚开始，未拉动B，弹簧弹力不变，f2不变，f1减小；当F等于弹簧弹力时，f1等于零，F继续增大，f1反向增大，当f1增大到最大静摩擦力时，B物体开始运动，此后变为滑动摩擦力，不发生变化，而弹簧被拉伸，弹力变大，A仍静止，所以f2变大，所以对A的摩擦力f2先不变，后变大，故BD正确．故选BD．

点评：

本题解题的关键是对AB两个物体进行正确的受力分析，知道当B没有运动时，弹簧弹力不变，当B运动而A为运动时，弹力变大，难度适中．

三、实验题

11.

（1）物块最后停止时的位置与O点间的距离s;（3分）

（2）（3分）

点评：

物体在O点右侧做匀减速运动，利用匀变速运动公式即可求解。

本题要求学生能选择适当的过程，设出需要的物理量并用运动学公式求解。

综合要求较高。

12.

（1）2.00（2分）

（2）10（2分）（3）1.00（2分）

解析：

（1）由乙图可知小球的直径为2.00cm.

（2）小球在照片上的尺寸正好是一个格子的边长，所以每个格子的边长实际是2cm，

在竖直方向上有：

△h=gT2，其中△h=（10-5）×2=10cm，代入求得：

T=0.1s．所以：

f=1/T=10Hz

（3）水平方向：

x=v0t，其中x=5L=0.1m，t=T=0.1s，故v0=1m/s．

点评：

①读数时有效数字的把握。

②对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．

13.

（1）设A、B两物块的加速度为a1、a2，由v—t图得

a1=

=

m/s2=

m/s2（1分）

a2=

=

m/s2=－

m/s2（1分）

分别以A、B为研究对象，摩擦力大小为f，由牛顿第二定律

F－f=ma1（1分）

－f=ma2（1分）

联立解得F=0.8N（2分）

（2）设A、B在12s内的位移分别为S1、S2，由v—t图得

S1=

×（4+8）×12m=72m（1分）

S2=

×6×4m=12m（1分）

故S=S1－S2=60m（2分）

四、计算题

14、

解：

在地球赤道处,物体受地球的引力与弹簧的弹力作用,物体随地球自转,做圆周运动,所以

①（3分）

在地球的两极物体受地球的引力与弹簧的弹力作用,因该处的物体不做圆周运动,处于静止状态,有

②（2分）

又因为

③（2分）

联立①②③解得

（3分）

15、

（1）两球在斜面上下滑的加速度相同，设加速度为a，根据牛顿第二定律有：

mgsin30º＝ma，解得：

a＝5m/s2（1分）

设A、B两球下滑到斜面底端所用时间分别为t1和t2，则：

，

，解得：

t1＝2s，t2＝0.4s（2分）

为了保证A、B两球不会在斜面上相碰，t最长不能超过t＝t1－t2＝1.6s（2分）

（2）设A球在水平面上再经t0追上B球，则：

，（3分）

A球要追上B球，方程必须有解，

，解得

，

即

（2分）

16、解：

（1）没加推力时：

k2x2＝m2gsinθ（1分）

k2x2＋m1gsinθ＝k1x1（1分）

加上推力后，当两弹簧的总长度等于两弹簧原长之和时，k1的伸长量与k2的压缩量均为x，

对m1分析受力可得：

k1x＋k2x＝m1gsinθ（1分）

所以：

m1上移的距离d1＝x1－x＝

（3分）

m2上移的距离d2＝x2＋x＋d1＝x2＋x1＝

（3分）

（2）分析m2的受力情况，有：

F＝m2gsinθ＋k2x＝m2gsinθ＋

（3分）

17、解：

（1）小球离开小车后，由于惯性，将以离开小车时的速度作平抛运动

（1分）

（1分）

小车运动到O'点的速度v=1m/s（1分）

（2）为使小球刚好落在A点，则小球下落的时间为圆盘转动周期的整数倍，有

，其中k=1，2，3，……（2分）

即

rad/s，其中k=1，2，3，……（2分）

（3）小球若能落到圆盘上，其在O′点的速度范围是：

0＜v≤1m/s

设水平拉力作用的最小距离与最大距离分别为x1、x2，对应到达O'点的速度分别为0、1m/s

根据动能定理，有

（2分）

代入数据解得学x1=1m

根据动能定理，有

（2分）

代入数据解得x2=1.125m

则水平拉力F作用的距离范围1m

（第3问也可以用运动学公式求解，得出正确结果也可给分）