江苏省徐州市学年高二下学期期中考试物理试题解析版.docx
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江苏省徐州市学年高二下学期期中考试物理试题解析版
2018-2019学年江苏省徐州市高二（下）期中物理试卷
一、单选题
1.以下关于分子动理论的说法中不正确的是（ ）
A.物质是由大量分子组成的
B.分子很小，其直径的数量级一般为
C.
时水已经结为冰，部分水分子已经停止了热运动
D.分子间的引力与斥力都随分子间距离的增大而减小
[答案]C
[解析]
[详解]A.物质是由大量分子组成的。
故A正确；
B.物质是由分子组成的，它无法直接被人类的肉眼观察到，需要借助显微镜等工具才可以观察，因为它直径数量级一般为10-10m。
故B正确；
C.分子永不停息地做无规则热运动，即使水结为冰，水分子不会停止热运动。
故C不正确；
D、分子间存在相互作用的引力和斥力，引力和斥力都随分子间距离的减小而增加，随分子间距的增大而减小。
故D正确。
2.关于布朗运动，下列说法中正确的是（ ）
A.布朗运动是指液体分子的无规则运动
B.布朗运动反映了花粉小颗粒内部分子的无规则运动
C.扫地时扬起的尘埃在空气中的运动是布朗运动
D.颗粒越大，与颗粒撞击的分子数越多，布朗运动越不明显
[答案]D
[解析]
[详解]A.布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，不是液体分子的运动。
故A错误；
B.布朗运动不是液体分子的运动，也不是固体小颗粒分子的运动，而是小颗粒的运动。
布朗运动反映了液体分子无规则热运动。
故B错误；
C.布朗运动是指悬浮在液体中的颗粒所做的无规则运动，而扫地时扬起的尘埃在空气中的运动是尘埃随空气的流动，不是布朗运动。
故C错误；
D.颗粒越大，分子撞击的平衡性越好，布朗运动越不明显。
故D正确；
3.关于温度，下列说法中错误的是（ ）
A.温度是表示物体冷热程度的物理量
B.温度是分子平均动能大小的量度
C.
就是1K
D.摄氏温度改变
，相应热力学温度也改变1K，两者是等效的
[答案]C
[解析]
[详解]A.温度是表示物体冷热程度的物理量，由分子平均动能的决定。
故A正确；
B.温度是分子平均动能大小的量度，温度越高，分子的平均动能越大。
故B正确；
C.两种温标的0点不同，由T=t+273.15K知,1℃就是274.15K．故C错误；
D.由T=t+273.15K知，△T=△t，即热力学温标温度的变化总等于摄氏温标温度的变化。
故D正确；
本题选错误的，故选：
C。
4.关于内能，下列说法中正确的是（ ）
A.物体运动速度越大，则内能越大B.
的水比
的冰的内能大
C.水分子的内能比冰分子的内能大D.
的冰比
的水内能小
[答案]D
[解析]
[详解]A.物体运动速度影响的是机械能，和物体的内能无关。
故A错误；
B.质量不一定，0℃的水比0℃的冰的不能比较内能大小。
故B错误；
C.内能是物体内所有分子热运动的动能和势能之和，不是分子具有的，所以这种说法是不科学的。
故C错误；
D.0℃冰融化成0℃水要吸收热量，所以100g0℃的冰比100g0℃的水内能小。
故D正确；
故选：
D。
5.如图所示，是氧气分子在
和
的速率分布图，下列说法正确的是
A.在同一速率区间内，温度低的分子所占比例一定比温度高的分子所占比例大
B.随着温度的升高，氧气分子的平均速率变小
C.随着温度
升高，曲线的最大值向右偏移
D.随着温度的升高，速率小的分子所占的比例增高
[答案]C
[解析]
由图知，在同一速率区间内，温度低的分子所占比例一定比温度高的分子所占比例不一定大，故A错误；由图可知，随着温度的升高，氧气分子中速率小的分子所占比例变低，氧气分子的平均速率增大，故B错误；随着温度的升高，曲线的最大值向右偏移，故C正确；由图可知，随着温度的升高，速率小的分子所占的比例减少，故D错误。
故C正确，ABD错误。
6.关于气体的压强，下列说法中正确的是
A.气体的压强是由气体分子间的相互排斥产生的
B.气体的压强是由于气体分子频繁的撞击器壁产生的
C.气体分子的平均动能增大，气体的压强一定增大
D.当某一容器自由下落时，容器中的气体压强将变为零
[答案]B
[解析]
气体压强产生的原因是分子热运动不断撞击容器壁产生压力．并且气体分子间的距离大于10r0，分子间的作用力可忽略．故A错误．B正确，压强与分子热运动速度以及撞击频率有关，如果气体分子的平均速率增大，但体积变大，撞击频率可能会很小．所以气体的压强不一定增大．故C错误．当某一容器自由下落时，虽然处于失重状态，但分子热运动不会停止，所以分子仍然不断撞击容器壁产生压力，故压强不为零．故D错误．
7.晶体和非晶体的区别在于看其是否具有（ ）
A.规则的外形B.各向异性
C.一定的熔点D.一定的硬度
[答案]C
[解析]
晶体必须达到熔点时才能熔解。
不同的晶体，具有各不相同的熔点。
且在熔解过程中温度保持不变。
而非晶体在熔解过程中，没有明确的熔点，随着温度升高，物质首先变软，然后逐渐由稠变稀。
C对。
思路分析：
晶体和非晶体熔点固定不固定是其区别。
试题点评：
考查学生对晶体和非晶体区别的掌握
8.关于下列四幅图中所涉及晶体微观结构及其解释的论述中，不正确的是
A.甲图中，晶体中沿不同的方向上微粒排列的情况不同，故晶体在不同的方向上会表现出不同的物理性质
B.乙图为金刚石中碳原子形成一种紧密结构，相互之间作用力很强，所以金刚石十分坚硬，可制造玻璃刀和钻头
C.丙图为食盐晶体的点阵结构，晶体的许多特性都与点阵结构有关
D.丁图为液晶分子的排列示意图，液晶分子的排列会因温度、压强、摩擦等外界条件的微小变动而发生变化，由此引起液晶光学性质的改变
[答案]B
[解析]
晶体中沿不同的方向上微粒排列的情况不同，故晶体在不同的方向上会表现出不同的物理性质，A正确；金刚石和石墨都是由碳原子直接构成的，单质碳原子的排列方式不同，故其物理性质差异很大，B错误；晶体的许多特性都与点阵结构有关，C正确；温度、压力、电磁作用等可以改变液晶的光学性质，D正确．
9.关于液体的表面张力，下列说法正确的是（ ）
A.表面张力产生在液体表面层，它的方向跟液面垂直
B.表面张力是液体内部各部分之间的相互作用力
C.由于液体表面有收缩的趋势，故液体表面的分子间不存在斥力
D.有些小昆虫能在水面自由行走，这是由于有表面张力的缘故
[答案]D
[解析]
[详解]A.表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直。
故A错误；
B.表面张力是液体表面层分子间的相互作用，而不是液体各部分间的相互作用。
故B错误；
C.液体表面的分子之间引力和斥力时同时存在。
故C错误；
D.有些小昆虫能在水面自由行走是因为液体表面张力与重力平衡。
故D正确；
10.实验室内，某同学用导热性能良好的气缸和活塞将一定质量的理想气体密封在气缸内
活塞与气缸壁之间无摩擦
用滴管将水缓慢滴注在活塞上，则以下图象中能反映密闭气体状态变化过程的是
A.
B.
C.
D.
[答案]A
[解析]
由题意可知，气缸和活塞
导热性能良好，封闭气体的温度与环境温度相同，保持不变，气体发生等温压缩，A图线表示等温压缩过程，故A正确；P-T图象过原点的直线表示等容变化，即体积不变，温度减小，故B错误；P-V图象中双曲线表示等温变化，由图中箭头方向知图线表示等温膨胀过程，故C错误；P-T图象过原点的直线表示等容变化，则等容线对应的P-t图线如图中红线所示：
沿箭头方向变化时，对应的等容线斜率越来越大则对应体积越来越小，即D图线表示的是升温压缩过程，故D错误。
所以A正确，BCD错误。
11.一定量的气体在某一过程中，外界对气体做了8×104J的功，气体的内能减少了1.2×105J，则下列各式中正确的是（）
A.W=8×104J，ΔU=1.2×105J，Q=4×104J
B.W=8×104J，ΔU=－1.2×105J，Q=－2×105J
C.W=－8×104J，ΔU=1.2×105J，Q=2×104J
D.W=－8×104J，ΔU=－1.2×105J，Q=－4×104J
[答案]B
[解析]
外界对气体做功8.0×104J，则W=8.0×104J；气体内能减少1.2×105J，则△U=-1.2×105J；由△U=W+Q可知传递热量为Q=-2×105J；故选B.
点睛：
此题考查了热力学第一定律的应用；关键是掌握公式的物理意义及符号规则即可解答.
12.如图所示为水的饱和汽压图象，由图可知（ ）
A.饱和汽压与温度无关B.未饱和汽的压强一定小于饱和汽的压强
C.饱和汽压随温度升高而减小D.饱和汽压随温度升高而增大
[答案]D
[解析]
[详解]ACD.对于同一种液体，饱和汽压与温度有关，温度升高饱和汽压增大，故D正确，AC错误；
B.饱和汽压：
在一定温度下，饱和汽的分子数密度一定，饱和汽的压强也是一定的，这个压强叫这种液体的饱和汽压，饱和汽压只指此蒸汽的分气压，与其他气体压强无关，未饱和汽的压强小于饱和汽压，但由图不能得出此结论；故B错误；
故选：
D。
13.如图所示，在一个配有活塞的厚壁有机玻璃筒底放置一小团硝化棉，迅速向下压活塞，筒内气体被压缩后可点燃硝化棉．在筒内封闭的气体被活塞压缩的过程中（ ）
A.气体对外界做正功，气体内能增加B.外界对气体做正功，气体内能增加
C.气体的温度升高，压强不变D.气体的体积减小，压强不变
[答案]B
[解析]
压缩玻璃筒内的空气，气体的压强变大，机械能转化为筒内空气的内能，空气的内能增加，温度升高，当达到棉花的燃点后，棉花会燃烧，即外界对气体做正功，气体内能增加，故B正确，ACD错误。
14.在两个分子间的距离由r0（平衡位置）变为10r0的过程中，关于分子间的作用力F和分子间的势能Ep的说法中，正确的是（）
A.F不断减小，Ep不断减小B.F先增大后减小，Ep不断增大
C.F不断增大，Ep先减小后增大D.F、Ep都是先减小后增大
[答案]B
[解析]
试题分析：
在两个分子间的距离由r0（平衡位置）变为10r0的过程中，根据分子力随分子间距离的变化曲线知，分子力先增大后减小；
，分子力表现为引力，分子间距离增大，分子力做负功，分子势能不断增大，故B正确，ACD错误；
故选：
B
15.关于能量和能源，下列说法正确的是（ ）
A.在能源的利用过程中，由于能量在数量上并未减少，所以不需要节约能源
B.能量耗散说明能量在转化
过程中，其总量会不断减少
C.能量耗散现象说明，在能量转化的过程中，可利用的品质降低了
D.人类在不断地开发和利用新能源，所以能量可以被创造
[答案]C
[解析]
试题分析：
能量既不会创生也不会消失，只能从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体．在能源的利用过程中，虽然能量在数量上并未减少，但由于能量耗散，故能量的可利用率越来越小．
解：
A、在能源的利用过程中，虽然能量在数量上并未减少，但可利用率越来越小，故仍需节约能源．故A错误．
B、能量耗散说明能量在转化的过程中能量的可利用率越来越小，但总量不会减少．故B错误．
C、能量耗散说明能量在转化的过程中能量的可利用率越来越小，可利用的品质降低了，故C正确．
D、能量既不会创生也不会消失，只能从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体．故D错误．
故选C．
点评：
能量转化和守恒定律是说能量总量保持不变，但能量耗散是说能量的可利用率逐渐降低．
16.如图所示，把一块干净的玻璃板吊在测力计的下端，使玻璃板水平地接触水面，用手缓慢竖直向上拉测力计，则玻璃板在拉离水面的过程中（ ）
A.测力计示数始终等于玻璃板的重力
B.测力计示数会出现大于玻璃板重力的情况
C.因为玻璃板上表面受到大气压力，所以拉力大于玻璃板
重力
D.因为拉起时还需要克服水分子间的吸引力，所以拉力大于玻璃板的重力
[答案]BD
[解析]
试题分析：
分子间距离大于平衡位置而小于10倍r.时，分子间表现为引力
玻璃板被拉起时，要受到水分子间的引力，所以拉力大于玻璃板的重力，与大气压无关，所以选B、D.
考点：
本题考查了分子间引力的表现
点评:
分子间既存在引力，也存在斥力，只是当分子间距离大于平衡距离时表现为引力，小于平衡距离时表现为斥力．解决本题的关键知道分子间存在引力和斥力，知道自然界中哪些现象是因为斥力或引力引起的．
17.下列数据中可以算出阿伏伽德罗常数的一组数据是（ ）
A.水的密度和水的摩尔质量B.水的摩尔质量和水分子的体积
C.水分子的直径和水的摩尔体积D.水分子的质量和水的摩尔质量
[答案]CD
[解析]
[详解]A.知道水的密度和水的摩尔质量可以求出其摩尔体积，不能计算出阿伏伽德罗常数，故A错误；
B.若知道水的摩尔质量和水分子的体积，不知道密度，故不能求出阿伏伽德罗常数，故B错误；
C.知道水分子的直径可以求解水分子的体积，再用水的摩尔体积除以水分子的体积可以求解阿伏加德罗常数，故C正确；
D.用水的摩尔质量处以水分子的质量可以求解阿伏加德罗常数，故D正确；
18.如图所示，一绝热容器被隔板K隔开a、b两部分．已知a内有一定量的稀薄气体，b内为真空．抽开隔板K后，a内气体进入b，最终达到平衡状态．在此过程中（）
A.气体对外界做功，内能减少B.气体不做功，内能不变
C.气体压强变小，温度降低D.气体压强变小，温度不变
[答案]BD
[解析]
试题分析：
因b内为真空，所以抽开隔板后，a内气体可以“自发”进入b，气体不做功．又因容器绝热，不与外界发生热量传递，根据热力学第一定律可以判断其内能不变，温度不变．由理想气体状态方程可知：
气体体积增大，温度不变，压强必然变小，综上可判断B、D项正确．
A、绝热容器内的稀薄气体与外界没有热传递，Q=0，因而A错误；
B、稀薄气体向真空扩散没有做功，W=0，因而B正确；
C、根据热力学第一定律稀薄气体的内能不变，则温度不变，因而C错误；
D、稀薄气体扩散体积增大，压强必然减小，D正确；
故选BD．
考点：
本题考查了热力学第一定律的应用。
点评：
热力学第一定律的应用及运用理想气体状态方程对气体的温度、压强和体积的判断是解决此题的关键．
19.如图所示，在一个带活塞的容器底部有一定量的水，现保持温度不变，缓慢上提活塞，平衡后底部仍有部分水，则（ ）
A.液面上方的水蒸气一直处于饱和状态B.液面上方水蒸气的质量增加密度减小
C.液面上方水蒸气的密度减小，压强减小D.液面上方水蒸气的密度和压强都不变
[答案]AD
[解析]
[详解]在一定的温度下，饱和汽的分子数密度是一定的，饱和汽的压强也是一定的。
活塞上提前，密闭容器中水面上水蒸气为饱和汽，水蒸气密度一定，其饱和汽压一定。
当活塞缓慢上提时，密闭容器中水面会有水分子飞出，使其上方水蒸气与水又重新处于动态平衡，达到饱和状态。
在温度保持不变的条件下，水蒸气密度不变，饱和汽压也保持不变。
A.A项与上述分析结论相符，故A符合题意；
B.B项与上述分析结论不相符，故B不符合题意；
C.C项与上述分析结论不相符，故C不符合题意；
D.D项与上述分析结论相符，故D符合题意.
20.关于空气湿度，下列说法正确的是（）
A.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大
B.当人们感到干燥时，空气的相对湿度一定较大
C.空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示
D.空气的相对湿度定义为水的饱和蒸汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比
[答案]C
[解析]
[详解]A.B.当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定比较大，绝对湿度不一定较大，人们感到干燥时，空气的相对湿度一定比较小，绝对湿度不一定较小。
故AB错误；
C.绝对湿度指大气中水蒸汽的实际压强，空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示，故C正确；
D.空气
相对湿度定义为相同温度时空气中所含水蒸气的实际压强与同温度水的饱和蒸汽压之比，故D错误。
21.在”“用单分子油膜佔测分子大小”的实验中。
（1）某同学操作步骤如下：
①取定量的无水酒精和油酸制成一定浓度的油酸酒精溶液；
②在量筒中滴入一滴该溶液测出它的体积；
③在蒸发皿内盛一定量的水，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散开稳定；
④在蒸发皿上覆盖透明玻璃描出油膜形状，用透明方格纸测量油膜的面积。
上述四步操作中，不可能实现的一步是：
______，可改为______；不完善的一步是：
______，应改为______。
（2）本实验中，估测分子大小的方法是将每个分子视为______模型，让油酸尽可能地在水面上散开，则形成的油膜可视为______油膜，这层油膜的厚度可视为为油分子的______。
（3）若油酸酒精溶液体积浓度为0.10%，一滴溶液的体积为4.8×10-3mL，其形成的油膜面积为40cm2，则估测出油酸分子的直径为______m。
[答案]
（1）.②
（2）.在量筒中滴入N滴溶液（3）.③（4）.先在水面上撒上薄薄的一层痱子粉，再滴入油酸酒精溶液（5）.球形（6）.单分子（7）.直径（8）.1.2×10-9
[解析]
[详解]
（1）[1][2]②要测出一滴油酸酒精溶液的体积，即在量筒中滴入N滴溶液，测出其体积为V，则一滴该溶液的体积为V1=
因此不可能实现的一步是：
②；应在量筒中滴入N滴溶液后测量它的体积；；
[3][4]③为了使一滴油酸酒精溶液散开后界面比较清晰，要在水面上先撒上痱子粉。
不完善的一步是：
③；为能清楚地看清油膜的形状，要先在水面上撒上薄薄的一层痱子粉，再滴入油酸酒精溶液；
（2）[5][6][7]这种估测方法是将每个分子视为球体模型，让油酸尽可能地在水面上散开，则形成的油膜可视为单分子油膜，这层油膜的厚度可视为油分子的直径。
（3）[8]油膜面积为：
S=40cm2；
每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸体积是：
V=0.10%×4.8×10-3mL=4.8×10-6mL，
则油酸分子的直径
d=
=1.2×10-9m
22.在标准状况下，空气的摩尔质量是M=2.9×10-2kg/mol，则空气中气体分子的平均质量是多少？
成年人做一次深呼吸约吸入4.5cm3的空气，则做一次深呼吸吸入空气的质量是多少？
所吸入的分子个数大约是多少？
已知阿伏伽德罗常数NA=6.02×1023mol-1，标准状态下空的摩尔体积为22.4L/mol。
（计算结果保留两位有效数值）
[答案]
（1）4.8×10-26kg
（2）5.8×10-6kg（3）1.2×1020个
[解析]
[详解]
（1）空气中气体分子的平均质量
m=
=
kg=4.8×10-26kg
（2）做一次深呼吸吸入空气的质量
m′=
=
kg=5.8×10-6kg
（3）做一次深呼吸所吸入的分子个数
n=
=
个=1.2×1020个
答：
（1）空气中气体分子的平均质量为4.8×10-26kg；
（2）做一次深呼吸吸入空气的质量为5.8×10-6kg；
（3）做一次深呼吸所吸入的分子个数为1.2×1020个。
23.一定质量的理想气体从状态A经状态B、C、D后又回到状态A，其状态变化过程中的p-V图象如图所示已知图线的AD段是双曲线的一部分，且知该气体在状态A时的温度为270K。
（1）求气体在状态D时的温度。
（2）求气体在状态C时的温度。
（3）求在循环过程中气体的最高温度。
[答案]
（1）270K
（2）337.5K（3）675K
[解析]
[详解]
（1）因AD段是双曲线的一部分，故气体从状态D到状态A是等温过程，即气体在状态D时的温度为270K；
（2）气体从状态C到状态D时等压变化，由盖吕萨克定律有：
，
代入数据可得：
TC=337.5K；
（3）对于一定质量的理想气体满足：
=C
可知变化过程中纵横坐标只乘积最大时其温度最高，由图可知状态B时温度最高；气体从状态A到状态B是等压过程，由盖吕萨克定律：
代入数据可得：
TB=675K。
答：
（1）气体在状态D的温度为270K；
（2）状态C时的温度为337.5K；
②在循环过程中气体的最高温度为675K。
24.如图所示，为一气缸内封闭的一定质量的气体的p－V图线，当该系统从状态a沿过程a→c→b到达状态b时，有335J的热量传入系统，系统对外界做功126J，求：
（1）若沿a→d→b过程，系统对外做功42J，则有多少热量传入系统？
（2）若系统由状态b沿曲线过程返回状态a时，外界对系统做功84J，问系统是吸热还是放热？
热量传递是多少？
[答案]
（1）251J
（2）放热（3）293J
[解析]
试题分析：
（1）分析图示a→c→b过程，由热力学第一定律
求出内能的变化．沿a→d→b过程与a→c→b过程内能变化相同，再由热力学第一定律求出热量．
（2）由a→b和由b→a内能变化大小相等，但符号相反，根据热力学第一定律求解即可．
（1）沿a→c→b过程，由热力学第一定律得：
沿a→d→b过程，
；
即有251J的热量传入系统．
（2）由a→b，
；由b→a，
根据热力学第一定律有：
；
得：
负号说明系统放出热量，热量传递为293J．
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