A.E=
B.E=
C.E=
D.E=
答案 A
二、选择题Ⅱ(本题共4小题,每小题4分,共16分.每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)
9.如图所示,带电的平行金属板电容器水平放置,质量相同、重力不计的带电微粒A、B以平行于极板的相同初速度从不同位置射入电场,结果打在极板上同一点P.不计两微粒之间的库仑力,下列说法正确的是( )
A.在电场中微粒A运动的时间比B长
B.在电场中微粒A、B运动的时间相同
C.微粒A所带的电荷量比B少
D.电场力对微粒A做的功比B多
答案 BD
解析 设P点到金属板左端的水平距离为x,微粒初速度为v0,带电微粒进入电场中,做类平抛运动,水平方向做匀速直线运动,则微粒在电场中的运动时间为t=
由此可知两微粒在电场中的运动时间相同,选项B正确,A错误;竖直方向做匀加速直线运动,y=
at2,由于t相同,yA>yB,可得aA>aB,即
>
则qA>qB,选项C错误;由W=qU,可知电场力对微粒A做的功比B多,选项D正确.
10.(2019·山东淄博市3月模拟)如图所示,R是一个光敏电阻,其阻值随光照强度的增加而减小.理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,电压表和电流表均为理想交流电表,从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u1=220
sin100πt(V),则( )
A.电压表的示数为22
V
B.副线圈中交流电的频率为50Hz
C.在天逐渐变黑的过程中,电流表A2的示数变小
D.在天逐渐变黑的过程中,理想变压器的输入功率变大
答案 BC
解析 原线圈的电压的最大值为220
V,根据电压之比等于线圈匝数之比可知,副线圈的电压的最大值为22
V,电压表的示数为电压的有效值,所以示数为U=
V=22V,故A错误;副线圈中交流电的频率为f=
=
Hz=50Hz,选项B正确;在天变黑的过程中,光照变弱,R阻值增大,电路的总电阻增大,由于电压是由变压器决定的,输出的电压不变,所以电流变小,电流表A2的示数变小,故C正确;由于变压器的输入和输出的功率是相等的,副线圈的电流减小,电压不变,所以由P=UI可知,输出的功率要减小,故输入的功率也要减小,故D错误.
11.(2019·安徽省A10联盟开年考)关于反应方程
U→
Th+
He,其中X为Th原子核的质量数,则下列说法正确的是( )
A.该反应属于β衰变
B.
Th中含有144个中子
C.
U的平均结合能比
Th大
D.该反应新生成的粒子
Th具有放射性
答案 BD
解析 该反应放出α粒子,属于α衰变,选项A错误;根据电荷数守恒可知X=238-4=234,则
Th中含有234-90=144个中子,选项B正确;电荷数越小的平均结合能越大,则
U的平均结合能比
Th小,选项C错误;该反应新生成的粒子
Th电荷数大于83,具有放射性,选项D正确.
12.(2019·绍兴市3月选考)在平静水面上有两个振源S1和S2,相距12m,以S1为原点在水面上建立如图所示的坐标系,t=0时振源S1从平衡位置开始垂直水面向上做简谐运动,振源频率为10Hz,0.1s后振源S2也开始做完全相同的振动,t=0.45s时两列简谐波的最远波峰传到了图示位置.则( )
A.两列波能发生干涉
B.波的传播速度为20m/s
C.t=0.45s时水面上波峰与波峰相遇的位置共有4个
D.t=0.50s时振源S1产生的简谐波在水面上达到的面积约为314m2
答案 ABD
三、非选择题(本题共5小题,共52分)
13.(6分)(2019·绍兴市3月选考)比较以下两个实验:
甲“探究小车速度随时间变化的规律”,乙(用橡皮筋)“探究做功与物体速度变化的关系”.
(1)都需要用到的器材有________(多选)
(2)关于实验条件的控制,正确的说法是________.
A.甲实验需要平衡摩擦,乙实验不需要平衡摩擦
B.甲实验不需要平衡摩擦,乙实验需要平衡摩擦
C.甲、乙两实验都需要平衡摩擦
D.甲、乙两实验都不需要平衡摩擦
(3)以下纸带是在某个实验中得到的(单位:
cm),交流电的频率为50Hz,相邻两个计数点之间还有4个点没有画出,打下计数点3时纸带的速度是________m/s(结果保留两位有效数字),这条纸带是在实验________(填“甲”或“乙”)中得到的.
答案
(1)AB
(2)B (3)0.24 甲
14.(9分)(2019·宁波市3月模拟)物理兴趣小组的同学想要测定一粒旧纽扣电池的电动势和内阻.
(1)他们先用多用电表粗略测量了该电池的电动势,如图甲所示,则测量值为________;
(2)用如图乙的电路测定该电池的电动势和内阻,测量和计算数据如下表:
(表中各物理量单位均为国际单位制单位)
R
200
400
600
800
1000
U
0.50
0.82
1.05
1.22
1.33
0.00250
0.00205
0.00175
0.00153
0.00133
0.00125
0.00168
0.00184
0.00186
0.00177
三位同学根据数据用Excel作出了如图丙所示三幅不同的图象,这些图象的纵坐标均为U,横坐标分别为R、
和
中的某个,其中________(填“A”“B”或“C”)图体现了物理量间的线性关系,该图横坐标的物理量为________(填“R”“
”或“
”),根据该图象求得该纽扣电池的内阻为_________.(计算结果取1位有效数字)
答案
(1)2.6V(或2.5V)
(2)A
7×102Ω(或0.7kΩ)
15.(10分)(2019·山东济宁市第一次模拟)如图所示,有一倾斜的光滑平行金属导轨,导轨平面与水平面的夹角为θ=30°,导轨间距为L,接在两导轨间的电阻为R,在导轨的中间矩形区域内存在垂直斜面向上的匀强磁场,磁感应强度大小为B,磁场区域的长度为2L.一质量为m,有效电阻为0.5R的导体棒从距磁场上边缘2L处由静止释放,整个运动过程中,导体棒与导轨接触良好,且始终保持与导轨垂直.不计导轨的电阻,重力加速度为g.
(1)求导体棒刚进入磁场时的速度v0的大小;
(2)若导体棒离开磁场前已达到匀速,求导体棒通过磁场的过程中,电阻R上产生的焦耳热QR.
答案
(1)
(2)
mgL-
解析
(1)导体棒从静止下滑距离2L的过程中,由动能定理得mg·2Lsinθ=
mv
-0
解得v0=
.
(2)设导体棒在磁场中匀速运动的速度为v,此时导体棒切割磁感线产生的感应电动势E=BLv
产生的感应电流为I=
产生的安培力为F安=BIL
由平衡条件得mgsinθ=F安
联立解得v=
导体棒从开始释放到刚离开磁场的过程中,由能量守恒定律得
mg·4Lsinθ=
mv2+Q总
则在电阻R上产生的热量为QR=
Q总
解得QR=
mgL-
.
16.(12分)(2019·教育绿色评价联盟4月模拟)有一种质谱仪由静电分析器和磁分析器组成,其简化原理如图所示.左侧静电分析器中有方向指向圆心O,与O点等距离各点的场强大小相同的径向电场,右侧的磁分析器中分布着方向垂直于纸面向外的匀强磁场,其左边界与静电分析器的右边界平行,两者间距近似为零.离子源发出两种速度均为v0,电荷量均为q,质量分别为m和0.5m的正离子束,从M点垂直该点电场方向进入静电分析器.在静电分析器中,质量为m的离子沿半径为r0的四分之一圆弧轨道做匀速圆周运动,从N点水平射出,而质量为0.5m的离子恰好从ON连线的中点P与水平方向成θ角射出,从静电分析器射出的这两束离子垂直磁场方向射入磁分析器中,最后打在放置于磁分析器左边界的探测板上,其中质量为m的离子打在O点正下方的Q点.已知
=0.5r0,
=r0,N、P两点间的电势差UNP=
cosθ=
不计重力和离子间相互作用.
(1)求静电分析器中半径为r0处的电场强度E0和磁分析器中的磁感应强度B的大小;
(2)求质量为0.5m的离子到达探测板上的位置与O点的距离l(用r0表示);
(3)若磁感应强度在(B-ΔB)到(B+ΔB)之间波动,要在探测板上完全分辨出质量为m和0.5m的两束离子,求
的最大值.
答案
(1)
(2)1.5r0 (3)
-4
解析
(1)电场中由E0q=
得到E0=
磁场中Bv0q=m
得到B=
(2)从M点到P点,由动能定理可知
qUNP=
·0.5m·v
-
·0.5m·v
得到vP=
v0
进入磁场后BvPq=0.5m
求得r=0.5
r0
根据几何关系l=2rcosθ-
且2rcosθ=2r0,则l=1.5r0
(3)若要在探测板上完全分辨出两束离子,质量m的离子的最远位置和质量0.5m的离子的最近位置重合
设质量m的离子最大半径为r1,r1=
质量为0.5m的离子最小半径为r2,r2=
二者重合时,2r1-2r2cosθ=0.5r0
解得
的最大值为
-4.
17.(15分)(2019·稽阳联考)某兴趣小组设计了一个玩具轨道模型如图甲所示,将一质量为m=0.5kg的玩具小车(可以视为质点)放在P点,用弹簧装置将其从静止弹出(弹性势能完全转化为小车初始动能),使其沿着半径为r=1.0m的光滑圆形竖直轨道OAO′运动,玩具小车与水平面PB的阻力为其自身重力的0.5倍(g取10m/s2),PB=16.0m,O为PB中点.B点右侧是一个高h=1.25m,宽L=2.0m的壕沟.求:
(1)要使小车恰好能越过圆形轨道的最高点A,小车在O点受到轨道弹力的大小;
(2)要求小车能安全越过A点,并从B点平抛后越过壕沟,则弹簧的弹性势能至少为多少?
(3)若在弹性限度内,弹簧的最大弹性势能Epm=40J,以O点为坐标原点,OB为x轴,从O到B方向为正方向,在图乙坐标上画出小车能进入圆形轨道且不脱离轨道情况下,弹簧弹性势能Ep与小车停止位置坐标x关系图.
答案 见解析
解析
(1)mg=m
得vA=
=
m/s
O→A:
-mg·2r=
mv
-
mv
得vO=5
m/s
FNO-mg=m
得FNO=6mg=30N
(2)要求1:
越过A点,vO=5
m/s
P→O:
Ep弹1-kmgxPO=
mv
-0
得Ep1=32.5J
要求2:
平抛L=vBt,h=
gt2,vB=4m/s
Ep2-kmgxPB=
mv
-0
Ep2=44J
综上所述:
弹簧的弹性势能至少为44J
(3)分类讨论:
因为最大弹性势能为40J,所以至多运动到B点,必不平抛.
情况1:
能越过A点,弹性势能32.5J≤Ep1≤40J
当Ep1-kmgx1=0-0
得13m≤x1≤16m,
又因为O点是坐标原点,所以实际坐标值为5m≤x1≤8m
情况2:
恰能到达圆轨道圆心等高点,
当Ep2-kmgxPO-mgr=0-0,Ep2=25J
mgr=kmgx2,x2=2m
又因为O点是坐标原点,所以实际坐标值为x2=-2m
恰能进入圆形轨道,当Ep2-kmgxPO=0-0
Ep2=20J,此时坐标值为0
由动能定理表达式知,Ep与x是线性函数
图象如图所示