湖北省孝感市八校学年高一上学期期末考试物理精校解析 Word版.docx

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湖北省孝感市八校学年高一上学期期末考试物理精校解析Word版

湖北省孝感市八校2017-2018学年高一上学期期末考试

物理试题

一、选择题

1.关于质点，下列说法中正确的是（）

A.只要物体体积小就可以视为质点

B.若物体的大小和形状对于所研究的问题属于无关或次要因素时，可把物体当作质点

C.一个物体在某种情况下可以看做质点，那么在另外的情况下也可以看做质点

D.因为质点没有大小，所以与几何中的点是一样的

【答案】B

【解析】当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可忽略不计时，才可以把物体当作质点，不是看物体的体积大小和质量大小，故A错误，B正确；一个物体在某种情况下可以看做质点，那么在另外的情况下不一定可以看做质点，故C错误；质点是有质量的点，与几何点不同，故D错误。

所以B正确，ACD错误。

2.关于矢量和标量，下列说法中正确的是（）

A.标量只有正值，矢量可以取负值

B.标量是既有大小又有方向的物理量

C.位移、速度、加速度、力都是矢量

D.位移－10m比5m小

【答案】C

【解析】标量只有大小没有方向，但有正负之分，矢量可以用符号表示方向，故A错误；标量是只有大小没有方向的物理量，故B错误；位移、速度、加速度、力既有大小又有方向都是矢量，故C正确；位移-10m的大小为10m，比5m大，故D错误。

所以C正确，ABD错误。

3.—个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度的大小逐渐减小到零，则在此过程中（）

A.速度逐渐减小，当加速度减为零时，速度达到最大

B.速度逐渐增加，当加速度减为零时，速度达到最大

C.位移逐渐增加，当加速度减小为零时，位移将不再增加

D.位移逐渐减小，当加速度减小为零时，位移达到最小值

【答案】B

【解析】当加速度的方向与速度方向相同，加速度减小，速度逐渐增大，当加速度减小为零，速度达到最大，由于速度的方向不变，位移一直增大，故B正确，ACD错误。

4.物体静止在水平桌面上，则以下说法正确的是（）

A.物体对桌面的压力就是重力

B.物体对桌面的压力使桌面产生了形变

C.桌面形变产生了对物体的支持力

D.桌面对物体的支持力使物体产生形变

【答案】BCD

【解析】试题分析：

弹力是由于物体发生弹性形变而产生的，注意区分弹力与重力的不同．

解：

A、物体对桌面的压力是由于物体发生形变而产生的，不是重力；重力是由于地球的吸引而产生的，二者性质不同；故A错误；

B、物体对桌面的压力使桌面产生了形变；而物体的形变是由于受到桌面的弹力而产生的；故B错误；

C、桌面的形变产生了对物体的弹力，即支持力；故C正确；

D、桌面的形变产生了支持力，而不是因为有了支持力而产生的形变；故D错误；

故选：

C．

【点评】本题考查弹力产生的条件，注意是由于物体间的相互挤压产生了弹力，而不是因为有了弹力才产生了挤压．

5.斜面静止在水平面上时，一个质量为m的小球用细线吊在倾角为θ的斜面顶端，且紧靠在斜面上，绳与斜面平行，不计摩擦，当斜面运动恰对小球无弹力作用时斜面向右匀加速的加速度大小为（）

A.g/tanθB.gcosθC.gsinθD.gtanθ

【答案】A

【解析】设斜面对小球的支持力为零，球受重力和拉力，合力水平向右，如图所示：

根据牛顿第二定律有：

，解得：

，故A正确，BCD错误。

6.放在水平地面上的物体M上表面有一物体m，m与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，如图所示，则关于M和m受力情况的判断，正确的是（）

A.m受到向右的摩擦力

B.M受到m对它向左的摩擦力

C.地面对M的摩擦力方向右

D.地面对M不存在摩擦力作用

【答案】ABD

【解析】以m为研究对象，压缩状态的弹簧对m有向左的弹力，由平衡条件得到，m受到向右的摩擦力，故A正确；根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向左的摩擦力，故B正确；以整体为研究对象，根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力，故C错误，D正确。

所以ABD正确，C错误。

7.图中所示的各图象能正确反映自由落体运动过程的是（）

A、

B、

C、

D、

【答案】C

【解析】自由落体是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，故其速度应是从零开始均匀增加的；而在v-t图象中这样的运动图象应为过原点的直线，因没告诉正方向，故C正确，AB错误；位移为：

，位移是时间的平方成正比，图线应为抛物线的一部分，故D错误。

所以C正确，ABD错误。

8.生活中的物理知识无处不在，如图所示是我们衣服上的拉链的一部分，在把拉链拉开的时候，我们可以看到有一个三角形的东西在两链中间运动，使很难直接分开的拉链容易地拉开，关于其中的物理原理以下说法中正确的是（）

A.在拉开拉链的时候，三角形的物体增大了分开两拉链的力

B.拉开拉链的时候，三角形的物体只是为了将拉链分开并没有增大分开拉链的力

C.拉开拉链时，三角形的物体增大了分开拉链的力，但合上拉链时减小了合上的力

D.以上说法都不正确

【答案】A

【解析】在拉开拉链的时候，三角形物体在两链间运动，手的拉力在三角形物体上产生了两个分力，分力的大小大于拉力的大小，所以很难直接分开的拉链很容易拉开，故A正确，BCD错误。

9.如图所示，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO>NO，则在不断增加重物G的重力过程中（绳OC不会断）（）

A.ON绳先被拉断

B.OM绳先被拉断

C.ON绳和OM绳同时被拉断

D.因无具体数据，故无法判断哪条绳先被拉断

【答案】A

【解析】物体对O点拉力等于物体重力，此力有两个效果：

一是使NO绳拉紧的效果；二是使OM绳拉紧的效果；按效果把物体对O点的拉力分解，如下图所示，

由此可知NO绳受的力大于MO绳受的力．当重力逐渐增大，NO绳先达到最大拉力，NO绳先断，故A正确，BCD错误。

10.两物体α、b从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，在整个60s时间内，下列说法正确的是（）

A.α、b加速时，物体α的加速度大于物体b的加速度

B.20秒时，α、b两物体相距最远

C.60秒时，物体α在物体b的前方

D.40秒时，α、b两物体速度相等，相距900m

【答案】CD

11.如图所示，质量为m的质点，与三根相同的螺旋形轻弹簧相连．静止时，弹簧c沿竖直方向，相邻两弹簧间的夹角均为120°。

己知弹簧a、b对质点的作用力大小均为F，则弹簧c对质点的作用力大小可能为（）

A.F－mgB.F＋mgC.2（F＋mg）D.mg－F

【答案】ABD

【解析】弹簧a、b的弹力均为F，夹角为120°，故合力大小为F，讨论如下：

当弹簧a、b、c均为拉力，则弹簧c对小球的作用力大小：

Fc=F-mg，故A正确；弹簧a、b均为拉力，弹簧c为支持力，则弹簧c对小球的作用力大小：

Fc=mg-F，故D正确；弹簧a、b、c均为支持力，弹簧c只能为支持力，故弹簧c对小球的作用力大小：

Fc=mg+F，故B正确。

所以ABD正确，C错误。

12.人站在电梯内的体重计上，当体重计的示数增大时，可能的原因是（）

A.电梯以很大的速度上升

B.电梯减速下降

C.电梯减速上升

D.电梯加速上升

【答案】BD

【解析】电梯匀速上升，重力等于支持力，N=mg，电梯匀减速上升、匀加速下降，加速度方向都向下失重，根据牛顿第二定律，mg-N=ma，则N=mg-ma＜mg，故AC错误；电梯匀减速下降和加速上升时，加速度方向向上超重，根据牛顿第二定律有：

N-mg=ma，则N=mg+ma＞mg，故BD正确。

所以BD正确，AC错误。

二、实验题

13.现有弹簧、钩码、直尺、指针等器材，小华要自制一个弹簧测力计，他首先测出弹簧的长度

＝2.10cm，然后在弹簧的下端挂上不同的钩码，测出弹簧的长度

，算出比原长

伸长∆

（∆

＝

－

），测量的数据如下表：

（1）从上表中的数据可以看出拉力F和弹簧伸长∆

的关系是_______________。

（2）小华继续做实验，得到的数据如下：

从上表的数据可以看出，拉力达到____N时，拉力和弹簧伸长的关系就改变了。

因此，弹簧测力计的范围只能达到_____N。

【答案】

（1）.在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比

（2）.11（3）.

...............

14.在用图甲所示的装置“验证牛顿第二定律”的实验中，保持小车质量一定时，验证小车加速度α与合力F的关系。

①除了电火花计时器、小车、砝码、砝码盘、细线、附有定滑轮的长木板、垫木、导线及开关外，在下列器材中必须使用的有____（选填选项前的字母）。

A．220V、50Hz的交流电源

B．电压可调的直流电源

C．刻度尺

D．秒表

E．天平（附砝码）

②为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，以下操作正确的是_____。

A．调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行

B．在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将砝码和砝码盘通过细线挂在小车上

C．在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上

③某同学得到了图a所示的一条纸带，由此得到小车加速度的大小α＝______m/s2（保留二位有效数字）。

④在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，己知三位同学利用实验数据做出的a－F图像如图丙中的1、2、3所示。

下列分析正确的是______（选填选项前的字母）。

A．出现图线1的原因可能是没有平衡摩擦力

B．出现图线2的原因可能是砝码和砝码盘的质量不合适

C．出现图线3的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大

⑤在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是____（选填“系统误差”或“偶然误差”）。

设拉力的真实值为F真，小车的质量为M，为了使

，应当满足的条件是

____。

【答案】

（1）.ACE

（2）.AC（3）.

（4）.B（5）.系统误差（6）.

【解析】①火花计时器需要220V、50Hz的交流电源，要用刻度尺测量纸带上点迹的距离，需要天平测量小车的质量，故需要ACE。

②为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整长木板的倾斜度，让小车拖着纸带做匀速直线运动，同时要调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行，故AC正确，B错误。

所以选AC。

③从第一个点开始，每隔四个点取一个计数点，时间间隔T=0.1s，根据纸带可知，相邻计数点之间的距离依次为x1=2.61-0.90cm=1.71cm=0.0171m，x2=5.50-2.61cm=2.89cm=0.0289m，x3=9.50-5.50cm=4.00cm=0.0400m，根据逐差法得：

，

④根据图象1可知，当没有挂砝码、砝码盘时，小车产生了加速度，因此说明平衡摩擦力时木板倾角太大，故A错误；根据图象2可知，随着F的增大，即砝码、砝码盘的质量增大，不再满足砝码、砝码盘质量小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象，故B正确；根据图象3可知，当挂上砝码、砝码盘时，小车的加速度还是为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够，故C错误。

所以选B.

⑤在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得：

，对整体根据牛顿第二定律得：

，且

，解得：

。

三、计算题

15.某质点做直线运动的v－t图象如图所示，通过图象回答下列问题：

（1）物体在2s～4s内，4s～6s内加速度各是多大？

（2）第3s末物体的速度多大？

（3）物体0〜6s内的位移多大？

【答案】

（1）

；

；

（2）

（3）

【解析】试题分析：

在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负。

（1）2-4s内加速度是：

；

4-6s内加速度是：

（2）根据匀变速直线运动速度时间公式得：

v3=v0+a1t=4+2×1=6m/s

（3）速度-时间图象与坐标轴围成面积代表位移，0~2s内的位移为：

x1＝4×2m＝8m；

2s~4s内的位移为：

x2＝（4×2＋

）m＝12m，

4s~6s内的位移为：

x3＝8m

所以物体6s内的位移x＝x1+x2+x3=28m.

点睛：

本题主要考查了速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义。

16.如图所示，质量M＝2kg的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量m＝lkg的小球相连．今用跟水平方向成60°角的力

拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m的相对位置保持不变，g＝10m/s2．在运动过程中，求：

（1）轻绳与水平方向的夹角θ；

（2）木块M与水平杆间的动摩擦因数μ。

【答案】

（1）

（2）

【解析】试题分析：

（1）m处于静止状态，其合力为零．以m为研究对象，由平衡条件得：

水平方向

①

竖直方向

②

解得：

（2）M、m整体处于静止状态，可看做整体，系统所受合力为零．以M、m整体为研究对象．由平衡条件得

水平方向

③

竖直方向

④

由③④得

考点：

考查了共点力平衡条件的应用

【名师点睛】要注意明确整体法与隔离法的正确应用．

①整体法：

以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解．在许多问题中用整体法比较方便，但整体法不能求解系统的内力．

②隔离法：

从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析．隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析．

③通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法．有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用

17.皮带运输机是靠货物和传送带之间的摩擦力把货物送往别处的．如图所示，已知传送带与水平面的倾角为θ＝37°，以4m/s的速率向上运行，在传送带的底端A处无初速地放上一质量为0.5kg的物体，它与传送带间的动摩擦因数为0.8．若传送带底端A到顶端B的长度为25m，（取g＝10m/s2，sin37°＝0.6）求：

（1）物体匀加速时候的加速度大小？

（2）物体匀加速过程的位移是多少？

（3）物体从A到B的时间为多少？

【答案】

（1）a＝0.4m/s2

（2）s=20m;（3）

【解析】试题分析：

根据牛顿第二定律求出物体刚放上传送带时的加速度，结合速度时间公式求出速度达到传送带速度的时间，以及位移的大小；再根据位移公式求出匀速运动的时间，从而得出总时间。

（1）以运送物体为研究对象，受重力、弹力和摩擦力，如图所示.

由牛顿第二定律知：

f－mgsinθ＝ma

其中：

f＝μN＝μmgcosθ

由以上联立可得：

a＝μgcosθ－gsinθ＝0.8×10×0.8—10×0.6＝0.4m/s2

（2）物体从0加速到4m/s，做匀加速运动且共速时间为t

由速度时间公式有：

vt＝v0＋at

代入数据解得：

t＝10s

所以根据位移时间公式可得位移为：

（3）由于还剩下5m做速度为4m/s的匀速运动，

所以时间为：

所以共用时间为：

t总＝t+t1=11.25s

点睛：

本题主要考查了物体在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解。