学年人教版 八年级数学上册 第十一章 三角形基础训练.docx
《学年人教版 八年级数学上册 第十一章 三角形基础训练.docx》由会员分享,可在线阅读,更多相关《学年人教版 八年级数学上册 第十一章 三角形基础训练.docx(15页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
学年人教版八年级数学上册第十一章三角形基础训练
2020-2021学年人教版八年级数学上册
第十一章三角形基础训练
一.选择题
1.下列长度的各组线段中可组成三角形的是( )
A.1,2,3B.2,5,8C.6,2,2D.3,5,3
2.当多边形每增加一条边时,它的( )
A.外角和与内角和都增加180°
B.外角和与内角和都不变
C.外角和增大180°,内角和不变
D.外角和不变,内角和增大180
3.下列哪一个度数可以作为某一个多边形的内角和( )
A.240°B.600°C.540°D.2180°
4.周长为20,边长为整数的三角形有( )个.
A.6B.7C.8D.9
5.将一个直角三角形纸片ABC(∠ACB=90°),沿线段CD折叠,使点B落在B'处,若B'D∥CB,∠ACB'=3∠ADB',则下列结论正确的是( )
A.∠ADB'=∠ACDB.∠ACB'+∠ADB'>90°
C.∠B=22.5°D.∠B'DC=67.5°
6.如图,在△ABC中,点D是∠ABC和∠ACB的角平分线的交点,∠A=80°,∠ABD=30°,则∠DCB为( )
A.25°B.20°C.15°D.10°
7.如图将三角形纸板的直角顶点放在直尺的一条边上,∠1=30°,∠2=60°,则∠3为( )
A.50°B.40°C.30°D.20°
8.如图,在四边形ABCD中,∠DAB的角平分线与∠ABC的外角平分线相交于点P,且∠D+∠C=210°,则∠P=( )
A.10°B.15°C.30°D.40°
9.如图,在△ABC中,AD和BE是角平分线,其交点为O,若∠BOD=66°,则∠ACB的度数( )
A.33°B.28°C.52°D.48°
10.如图,BP平分∠ABC交CD于点F,DP平分∠ADC交AB于点E,若∠A=40°,∠P=38°,则∠C的度数为( )
A.36°B.39°C.38°D.40°
二.填空题
11.如图,已知△ABC中,∠ABC的平分线与∠ACE的平分线交于点D,若∠A=50°,则∠D= 度.
12.若一个正多边形的每一个外角都是30°,则这个正多边形的内角和的度数等于 .
13.在△ABC中,AB=6,AC=9,则第三边BC的值可以是 .
14.如图,在△ABC中,D、E分别是AB、AC上的点,点F在BC的延长线上,DE∥BC,∠A=44°,∠1=57°,则∠2= .
15.如图,在△ABC中,∠ACB=60°,∠BAC=75°,AD⊥BC于D,BE⊥AC于E,AD与BE交于H,则∠CHD= .
三.解答题
16.如图1,点A、B在直线l1上,点C、D在直线l2上,AE平分∠BAC,CE平分∠ACD.且∠EAC+∠ACE=90°
(1)判断直线l1与l2的位置关系,并说明理由;
(2)如图2,P为线段AC上一定点,Q为直线l2上一动点,当点Q在直线l2上运动时(不与点C合),猜想∠CPQ、∠CQP与∠BAC之间的数量关系,并说明理由.
17.如图,△ABC中,D为BC上一点,∠C=∠BAD,△ABC的角平分线BE交AD于点F.
(1)求证:
∠AEF=∠AFE;
(2)G为BC上一点,当FE平分∠AFG且∠C=30°时,求∠CGF的度数.
18.在综合与实践课上,老师让同学们以“两条平行线AB,CD和一块含60°角的直角三角尺EFG(∠EFG=90°,∠EGF=60°)”为主题开展数学活动.
(1)如图
(1),若三角尺的60°角的顶点G放在CD上,若∠2=2∠1,求∠1的度数;
(2)如图
(2),小颖把三角尺的两个锐角的顶点E、G分别放在AB和CD上,请你探索并说明∠AEF与∠FGC间的数量关系.
19.如图,已知点D为△ABC的边BC延长线上一点,DF⊥AB于点F,并交AC于点E,其中∠A=∠D=40°.
(1)求∠B的度数;
(2)求∠ACD的度数.
20.【阅读材料】:
(1)在△ABC中,若∠C=90°,由“三角形内角和为180°”得∠A+∠B=180°﹣∠C=180°﹣90°=90°.
(2)在△ABC中,若∠A+∠B=90°,由“三角形内角和为180°”得∠C=180°﹣(∠A+∠B)=180°﹣90°=90°.
【解决问题】:
如图①,在平面直角坐标系中,点C是x轴负半轴上的一个动点.已知AB∥x轴,交y轴于点E,连接CE,CF是∠ECO的角平分线,交AB于点F,交y轴于点D.过E点作EM平分∠CEB,交CF于点M.
(1)试判断EM与CF的位置关系,并说明理由;
(2)如图②,过E点作PE⊥CE,交CF于点P,求证:
∠EPC=∠EDP;
(3)在
(2)的基础上,作EN平分∠AEP,交OC于点N,如图③.请问随着C点的运动,∠NEM的度数是否发生变化?
若不变,求出其值;若变化,请说明理由.
参考答案
一.选择题
1.解:
A、2+1=3,不能构成三角形,故不符合题意;
B、2+5=7<8,不能构成三角形,故不符合题意;
C、2+2=4<6,不能构成三角形,故不符合题意;
D、3+3>5,可以构成三角形,故符合题意;
故选:
D.
2.解:
根据n边形的内角和可以表示成(n﹣2)•180°,
可以得到增加一条边时,边数变为n+1,
则内角和是(n﹣1)•180°,因而内角和增加:
(n﹣1)•180°﹣(n﹣2)•180°=180°,
任何多边形的外角和都是360度,
所以当多边形每增加一条边时,它的外角和不变,内角和增大180°;
故选:
D.
3.解:
∵多边形内角和公式为(n﹣2)×180,
∴多边形内角和一定是180的倍数,
∵540°=3×180°,
故选:
C.
4.解:
8个,分别是:
(9,9,2)(8,8,4)(7,7,6)(6,6,8)(9,6,5)(9,7,4)(9,8,3)(8,7,5).
故选:
C.
5.解:
设∠B=x.
∵DB′∥BC,
∴∠ADB′=∠B=x,
∴∠ACB′=3∠ADB′=3x,
由翻折可知:
∠B=∠B′=x,
又∵∠ADB′=∠B
∴AB∥B′C,
∴∠A=∠ACB′=3x,
∵∠ACB=90°,
∴x+3x=90°,
∴x=22.5°,
∴∠B=22.5°,
故选:
C.
6.解:
∵BD是∠ABC的角平分线,
∴∠ABC=2∠ABD=2×30°=60°,
∴∠ACB=180°﹣∠A﹣∠ABC=180°﹣80°﹣60°=40°,
∵CD平分∠ACB,
∴∠DCB=
∠ACB=
×40°=20°,
故选:
B.
7.解:
∵∠1=30°,∠2=60°,
∴∠3=60°﹣30°=30°,
故选:
C.
8.解:
如图,∵∠D+∠C=210°,∠DAB+∠ABC+∠C+∠D=360°,
∴∠DAB+∠ABC=150°.
又∵∠DAB的角平分线与∠ABC的外角平分线相交于点P,
∴∠PAB+∠ABP=
∠DAB+∠ABC+
(180°﹣∠ABC)=90°+
(∠DAB+∠ABC)=165°,
∴∠P=180°﹣(∠PAB+∠ABP)=15°.
故选:
B.
9.解:
∵∠BOD是△ABO的外角,
∴∠ABO+∠BAO=∠BOD=66°,
又∵AD和BE是角平分线,
∴∠ABC+∠BAC=2(∠ABO+∠BAO)=2×66°=132°,
∴∠ACB=180°﹣132°=48°,
故选:
D.
10.解:
∵BP平分∠ABC,DP平分∠ADC,
∴∠ADP=∠PDF,∠CBP=∠PBA,
∵∠A+∠ADP=∠P+∠ABP,
∠C+∠CBP=∠P+∠PDF,
∴∠A+∠C=2∠P,
∵∠A=40°,∠P=38°,
∴∠C=2×38°﹣40°=36°,
故选:
A.
二.填空题(共5小题)
11.解:
∵∠ACE=∠A+∠ABC,
∴∠ACD+∠ECD=∠A+∠ABD+∠DBE,∠DCE=∠D+∠DBC,
又BD平分∠ABC,CD平分∠ACE,
∴∠ABD=∠DBE,∠ACD=∠ECD,
∴∠A=2(∠DCE﹣∠DBC),∠D=∠DCE﹣∠DBC,
∴∠A=2∠D,
∵∠A=50°,
∴∠D=25°.
故答案为:
25.
12.解:
多边形的边数:
360°÷30°=12,
正多边形的内角和:
(12﹣2)•180°=1800°,
故答案为:
1800°.
13.解:
根据三角形的三边关系,得
9﹣6<BC<9+6,
即3<BC<15.
故答案为:
3<BC<15.
14.解:
∵DE∥BC,
∴∠B=∠1=57°,
由三角形的外角性质得,∠2=∠A+∠B=44°+57°=101°.
故答案为:
101°.
15.解:
延长CH交AB于点H,
在△ABC中,三边的高交于一点,所以CF⊥AB,
∵∠BAC=75°,且CF⊥AB,
∴∠ACF=15°,
∵∠ACB=60°,
∴∠BCF=45°
在△CDH中,三内角之和为180°,
∴∠CHD=45°,
故答案为∠CHD=45°.
三.解答题(共5小题)
16.解:
(1)l1∥l2,
理由如下:
如图1中,
∵AE平分∠BAC,CE平分∠ACD(已知),
∴∠BAC=2∠1,∠ACD=2∠2(角平分线的定义),
又∵∠1+∠2=90°(已知),
∴∠BAC+∠ACD=2∠1+2∠2=2(∠1+∠2)=180°(等量代换),
∴l1∥l2(同旁内角互补,两直线平行).
(2)①如图2中,当Q在C点左侧时,过点P作PE∥l1,
∵l1∥l2(已证),
∴PE∥l2(同平行于一条直线的两直线互相平行),
∴∠1=∠2,(两直线平行,内错角相等),
∠BAC=∠EPC,(两直线平行,同位角相等),
又∵∠EPC=∠1+∠CPQ,
∴∠BAC=∠CQP+∠CPQ(等量代换).
②如图3中,当Q在C点右侧时,过点P作PE∥l1,
∵l1∥l2(已证),
∴PE∥l2(同平行于一条直线的两直线互相平行),
∴∠1=∠2,∠BAC=∠APE,(两直线平行,内错角相等),
又∵∠EPC=∠1+∠CPQ,
∵∠APE+∠EPC=180°(平角定义),
∴∠CPQ+∠CQP+∠BAC=180°.
17.解:
(1)证明:
∵BE平分∠ABC,
∴∠ABE=∠CBE,
∴∠ABF+∠BAD=∠CBE+∠C,
∵∠AFE=∠ABF+∠BAD,∠AEF=∠CBE+∠C,
∴∠AEF=∠AFE;
(2)∵FE平分∠AFG,
∴∠AFE=∠GFE,
∵∠AEF=∠AFE,
∴∠AEF=∠GFE,
∴FG∥AC,
∵∠C=30°,
∴∠CGF=180°﹣∠C=150°.
18.解:
(1)如图
(1),∵AB∥CD,
∴∠1=∠EGD,
又∵∠2=2∠1,
∴∠2=2∠EGD,
又∵∠FGE=60°,
∴∠EGD=
(180°﹣60°)=40°,
∴∠1=40°;
(2)如图
(2),∵AB∥CD,
∴∠AEG+∠CGE=180°,
即∠AEF+∠FEG+∠EGF+∠FGC=180°,
又∵∠FEG+∠EGF=90°,
∴∠AEF+∠FGC=90°.
19.解:
(1)∵DF⊥AB,
∴∠BFD=90°,
∴∠B+∠D=90°,
∵∠D=40°
∴∠B=90°﹣∠D=90°﹣40°=50°;
(2)∠ACD=∠A+∠B=40°+50°=90°.
20.解:
(1)EM⊥CF,理由如下:
∵CF平分∠ECO,EM平分∠FEC,
∴∠ECF=∠FCO=
,∠FEM=∠CEM=
,
∵AB∥x轴
∴∠ECO+∠CEF=180°,
∴
=
,
∴∠EMC=180°﹣(∠CEM+∠ECF)=180°﹣90°=90°,
∴EM⊥CF;
(2)由题得,∠EOC=90°,
∴∠DCO+∠CDO=180°﹣∠EOC=180°﹣90°=90°,
∵PE⊥CE,
∴∠CEP=90°,
∴∠ECP+∠EPC=180°﹣∠CEP=180°﹣90°=90°,
∵∠DCO=∠ECP,
∴∠CDO=∠EPC,
又∵∠CDO=∠EDP,
∴∠EPC=∠EDP;
(3)不变,且∠NEM=45°.
理由如下:
∵AB∥x轴,
∴∠AEC=∠ECO=2∠ECP,
∴∠AEP=∠CEP+∠AEC=90°+2∠ECP,
∵EN平分∠AEP,
∴∠NEP=∠AEN═
,
∵∠CEP=90°,
∴∠ECP+∠EPC=90°,
又∵∠EMC=90°,
∴∠MEP+∠EPC=90°,
∴∠ECP=∠MEP,
∴∠NEP=∠NEM+∠MEP=∠NEM+∠ECP,
又∵∠NEP=45°+∠ECP,
∴∠NEM=45°.