解析:
2Na2O2+2H2O===4NaOH+O2↑,
因该反应生成O2且放出热量,故气球变大,U形管内液面c端下降,d端上升,故C正确,D错误;该反应是在试管内发生的且无酚酞,故A、B均错误.
答案:
C
4.按下图装置通入X气体,并在管P处点燃,实验结果是澄清石灰水变浑浊,则X、Y可能是
( )
A.H2和Fe2O3B.CO和CuO
C.H2和Na2CO3D.CO和Na2CO3
解析:
能使澄清石灰水变浑浊的气体应为CO2,可以是CO与CuO在加热条件下反应产生的.
答案:
B
5.下列各组溶液,不另加其他试剂就可以将它们分别开的是
( )
A.NaCl,HCl,NaAlO2,NaHCO3
B.Na2SO4,KNO3,(NH4)2SO4,MgCl2
C.FeCl3,NaOH,AlCl3,HNO3
D.AgNO3,NaCl,Na2SO4,NaI
解析:
不另加试剂鉴别多种物质有两种主要方法,其一是利用物理性质(主要是颜色)鉴别出其中的一种或几种,再以这种物质作为试剂,看能否区别出余下的物质;其二是假设其中的一种为已知,并以它作为试剂,看能否鉴别余下的物质.本题C中FeCl3呈棕黄色,将其加入其余三种物质中有红褐色沉淀产生的是NaOH,再将NaOH加入其他两种溶液中,有白色沉淀生成的是AlCl3,无变化的是HNO3.
答案:
C
6.铁氧体(Fe3O4)法是处理含铬废水的常用方法.其原理是:
用FeSO4把废水中Cr2O还原为Cr3+,并通过调节废水的pH,使生成物组成符合类似于铁氧体(Fe3O4或Fe2O3·FeO)的复合氧化物(2-xO3·O).处理含1molCr2O废水至少需要加入amolFeSO4·7H2O.下列结论正确的是
( )
A.x=1,a=5B.x=0.5,a=8
C.x=2,a=10D.x=0.5,a=10
解析:
据Cr原子守恒,复合氧化物(2-xO3·O)的物质的量为mol,由Fe原子守恒有×(3-x)=a,再根据电子守恒得×(2-x)=1×6,联立解得x=0.5,a=10,故选D.
答案:
D
7.下列各选项均有X、Y两种物质,将X缓缓滴入(通入)Y溶液中,无论X是否过量,均能用同一离子方程式表示的是
( )
X
Y
A
稀盐酸
碳酸钠溶液
B
偏铝酸钠溶液
硫酸溶液
C
硫化钠溶液
氯化铁溶液
D
二氧化碳
苯酚钠溶液
解析:
A项中X不足时,反应为CO+H+===HCO;X过量时,反应为CO+2H+===CO2↑+H2O.
B项中,X不足时,反应为AlO+4H+===Al3++2H2O;X过量时,反应为AlO+H++H2O===Al(OH)3↓.
C项中,X不足时,反应为2Fe3++S2-===2Fe2++S↓;X过量时,反应为2Fe3++3S2-===2FeS↓+S↓.
D项中无论CO2过量与否,反应均为CO2++
答案:
D
8.一定体积CO2和O2的混合气体通过足量的Na2O2后,所得气体体积变为原来的3/4,则CO2在原混合气体中的体积分数为
( )
A.25%B.40%C.50%D.75%
解析:
设原有混合气体共4体积,则反应后气体减少1体积.由
2CO2+2Na2O2===2Na2CO3+O2 ΔV
211
V(CO2)1
所以V(CO2)=2
φ(CO2)=2/4×100%=50%
答案:
C
9.俄罗斯西伯利亚研究人员开发出一种生物活性吸附剂,可以吸附水中的几乎全部微生物和噬菌体.据俄《科学信息》杂志报道,这种新的吸附剂由成本低廉、环保性能好的棉纤维素和主要成分为氢氧化铝的勃姆石制造而成.下列有关说法中不正确的是
( )
A.Al(OH)3既能够与盐酸反应又能够与NaOH溶液反应
B.纤维素和淀粉不是同分异构体
C.纤维素能够与醋酸发生酯化反应
D.实验室中Al(OH)3可以由偏铝酸盐和氨水制备
解析:
Al(OH)3具有两性,可与酸或强碱反应;其实验室制备方法是用铝盐与弱碱氨水反应(氢氧化铝不溶于氨水);纤维素与淀粉都是高分子化合物,可用[(C6H10O5)n]表示,但其聚合度(n)不同,所以不是同分异构体;纤维素中分子中存在醇羟基,所以可以发生酯化反应.
答案:
D
10.下列各组离子一定能大量共存的是
( )
A.在含大量Fe3+的溶液中:
NH、Na+、Cl-、SCN-
B.在强碱性溶液中:
Na+、K+、AlO、CO
C.在c(H+)=10-13mol/L的溶液中:
NH、Al3+、SO、NO
D.在pH=1的溶液中:
K+、Fe2+、Cl-、NO
解析:
A项中Fe3+与SCN-反应;B项中在有OH-时该组离子能共存;C项中溶液中OH-与NH作用生成NH3·H2O;D项中溶液中有H+时NO会将Fe2+氧化,故只有B符合题意.
答案:
B
11.托盘天平的两盘中各放一只盛有等体积、等物质的量浓度盐酸的小烧杯,调整天平平衡后向两烧杯中分别加入等质量的Fe粉和Zn粉,下列现象不可能出现的是
( )
A.开始天平加锌的一端上升
B.最终天平加锌的一端上升
C.最终天平仍平衡
D.最终加铁的一端上升
解析:
本题考查金属的化学性质,较难题.如果酸过量,由于锌的活动性大于铁,开始时锌产生氢气的速度快,加锌的一端上升,A对;但最终加锌的一端的增重大于加铁的一端的增重,最终加铁的一端上升,D对;如果金属过量,则加锌的一端和加铁的一端增重相同,最终天平仍平衡,C对.
答案:
B
12.有两瓶失去标签的物质的量浓度相同的Na2CO3和NaHCO3稀溶液.下列鉴别方法和所得到的结论不正确的是
( )
A.取少量未知溶液,分别滴加Ba(NO3)2溶液,有沉淀生成的为Na2CO3溶液
B.取少量未知溶液,分别滴加CaCl2溶液,有沉淀生成的为Na2CO3溶液
C.分别滴加酚酞试液,红色较深的是Na2CO3溶液
D.用pH试纸测定两溶液的pH,pH较小的为Na2CO3溶液
解析:
Ba(NO3)2、CaCl2均能与Na2CO3反应产生白色沉淀,而均不能与NaHCO3反应,故A、B正确;Na2CO3的碱性比NaHCO3的碱性强,pH大,故C正确,D错误.
答案:
D
13.有a、b、c、d、e5种金属.已知:
①e的氧化产物比d的氧化产物氧化能力强;②a投入e的盐溶液可得e的单质,而c投入e的盐溶液却不能获得e的单质;③在以a、d为极板形成的原电池中,d极上发生还原反应;④e投入b的盐溶液中,在e的表面有b析出;⑤c的碳酸盐的溶解度大于它的酸式碳酸盐.由此可推知五种金属的活动性由强到弱的顺序为
( )
A.adbec B.cadeb C.aedbc D.cabed
解析:
金属的活动性:
①ee,③a>d,④e>b,而据⑤判断c应为碱金属元素,故c最活泼,综合分析比较得出:
c>a>d>e>b,故选B.
答案:
B
14.将5.4gAl投入到200.0mL2.0mol/L的某溶液中有氢气产生,充分反应后有金属剩余.该溶液可能为
( )
A.HNO3溶液B.Ba(OH)2溶液
C.H2SO4溶液D.HCl溶液
解析:
n(Al)==0.2mol,n(H2SO4)=0.4mol,n(HCl)=0.4mol,但H2SO4是二元酸,而HCl是一元酸,和0.2molAl反应,H2SO4过量,HCl不足,n[Ba(OH)2]=0.4mol,可知与Al反应时,Ba(OH)2过量不会有金属剩余.A中Al与HNO3反应无氢气产生,B中Ba(OH)2过量,2Al+2OH-+2H2O===2AlO+3H2↑,C中H2SO4过量,所以选D.
答案:
D
15.将铁片投入下列溶液中,不放出气体,并且Fe片质量减轻的是( )
A.CuSO4B.H2SO4C.AgNO3D.FeCl3
解析:
A项中Fe置换出Cu而使Fe片质量增大;B项中产生气体;C项中Fe置换出Ag而使Fe质量增大;D项发生反应:
Fe+2FeCl3===3FeCl2而符合条件,故选D.
答案:
D
16.下列实验操作正确的是
( )
A.向过量稀硫酸中加入除去油污的废铁屑,是制备硫酸亚铁的可行方案
B.向碳酸钠粉末中加入乙二酸溶液,生成大量气泡,说明乙二酸的酸性比碳酸强
C.向铝屑与硫酸反应后的溶液中加入氢氧化钠溶液,是制备氢氧化铝的最佳方案
D.在测定硫酸铜晶体中结晶水含量时,将CuSO4晶体加热至晶体完全变白色后,在空气中冷却后称量
解析:
过量稀硫酸与废铁屑(含氧化铁)反应生成的硫酸亚铁中混有硫酸铁,产品不纯,应加入过量铁屑,A错;根据强酸制弱酸原理知,乙二酸与碳酸钠反应生成碳酸,碳酸分解产生二氧化碳和水,B正确;硫酸与铝反应生成硫酸铝,再与氢氧化钠溶液反应生成氢氧化铝,因为氢氧化铝溶于氢氧化钠溶液,不易控制加入氢氧化钠溶液的量,C错;硫酸铜在空气中冷却时吸收空气中水分,使测定硫酸铜晶体中结晶水含量偏低,D错.
答案:
B
第Ⅱ卷 (非选择题,共52分)
二、非选择题(本题包括6小题,共52分)
17.(8分)国务院强调“南水北调”工程必须坚持“三先三后”的原则.在调水工程中,沿途工业污水的任意排放是造成水质恶化的最大隐患.检测某工厂废液中,含有大量的Mg2+、Al3+、Cu2+、Ag+.试分析回答下列问题:
(1)该废液中可能大量存在的一种阴离子是________(选填序号).
A.SOB.NOC.Cl-D.CO
(2)检验废液中铝元素的含量,需将其从废水样