届安徽省黄山市高中毕业班第一次质量检测物理试题解析版.docx

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届安徽省黄山市高中毕业班第一次质量检测物理试题解析版

黄山市2018届高中毕业班第一次质量检测

物理试题

一、选择题（本大题共10小题，共40分，每题4分。

第1~6题只有一项符合题目要求；第7~10题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。

）

1.伽利略是意大利伟大的科学家，他奠定了现代科学的基础，他的思想方法的核心是把实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐的结合起来，根据此种方法伽利略发现的规律有

A.质量是物体惯性大小的量度

B.惯性定律

C.自由落体运动是一种匀变速运动

D.重的物体比轻的物体下落的快

【答案】C

【解析】伽利略首先通过逻辑推理得出：

同一地点重的物体和轻的物体下落快慢相同，伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并在斜面实验的基础上的进行理想化推理而得到验证；故由伽利略利用实验和逻辑推理（包括数学推演）和谐的结合起来得出的结论只有C，故C正确ABD错误．

2.如图所示是电阻R的I－U图象，图中α＝45°，由此得出

A.欧姆定律适用于该元件

B.电阻R＝0.5Ω

C.因I－U图象的斜率表示电阻的倒数，故R＝1/tanα＝1.0Ω

D.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是2.0C

【答案】A

【解析】试题分析：

电阻R的I-U图象斜率的倒数等于电阻R，由数学知识分析电流与电压的关系。

对于电阻R，运用斜率求解，但不能根据直线倾角的正切的倒数求解。

由图读出电压为U=6V时的电流，由求解每秒内通过电阻的电荷量．

3.小赵同学在研究某物体运动时，正确的画出了下面左图的运动轨迹图象，经判断轨迹为二次函数图像。

已知该物体在某方向做匀速直线运动，则下列关于物体可能的运动情况描述（图线），正确的是

A.B.C.D.

【答案】A

【解析】根据曲线运动的特点：

合力指向轨迹的内侧，可知物体的合力向下，加速度向下，沿y轴负方向，为负，根据速度时间图象的斜率等于加速度，可知vy-t图象的斜率一直为负，故物体在y方向可能的运动情况是A图象，A正确．

4.如图所示，质量为M的框架放在水平地面上，一轻质弹簧上端固定在框架上，下端拴一质量为m的小球，将小球向下拉动一段距离后释放，在小球向上运动的过程中，框架恰好没有跳起。

则下列说法正确的是

A.框架、弹簧、小球构成的系统始终处于平衡状态

B.当弹簧处于原长时，小球速度最大

C.只有弹力和重力做功，小球机械能守恒

D.小球的加速度大小为的瞬间，框架对地面压力为零

【答案】D

【解析】试题分析：

小球做简谐运动，框架保持平衡；当弹簧的弹力与小球的重力平衡时小球的速度最大；只有弹力和重力做功，系统的机械能守恒。

先对框架受力分析，求出弹簧对框架的作用力，再对小球受力分析，根据牛顿第二定律列式求框架对地面压力为零时的加速度．

小球做简谐运动，处于非平衡状态。

框架保持平衡，A错误；当小球的合力为零即弹簧的弹力与小球的重力二力平衡时，小球的速度最大，此时弹簧处于伸长状态，B错误；由于弹簧的弹力对小球要做功，所以小球的机械能不守恒，对于弹簧和小球组成的系统，只有弹力和重力做功，系统的机械能守恒，C错误；框架对地面压力为零的瞬间，根据平衡条件，知弹簧对框架向上的支持力与框架的重力平衡，即；小球此时受重力、弹簧对其向下的压力，根据牛顿第二定律，有；解得，D正确．

5.如图所示为一种变压器的实物图，根据其铭牌上所提供的信息，以下判断正确的是

A.这是一个升压变压器

B.原线圈的匝数比副线圈的匝数多

C.当原线圈输入交流电压220V时，副线圈输出直流电压12V

D.当原线圈输入交流电压220V、副线圈接负载时，副线圈中电流比原线圈中电流小

【答案】B

【解析】根据铭牌，根据变压比公式：

，当时，是降压变压器；当时，是升压变压器，此变压器为降压变压器，，当原线圈输入交流电压220V时，副线圈输出交流电12V，根据知电流与匝数成反比，故副线圈中电流比原线圈中电流大，B正确．

6.关于下列四幅图的说法正确的是

A.甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，C处观察不到闪光点

B.乙图中1为α射线，它的电离作用很强可消除静电

C.丙图中处于基态的氢原子能吸收能量为10.4eV的光子而发生跃迁

D.丁图中用弧光灯照射原来就带电的锌板时，发现验电器的张角变大，说明锌板原来带负电

【答案】B

【解析】甲图中A处能观察到大量的闪光点，B处能看到较多的闪光点，在C处也可以观察到很少的闪光点，A错误；根据左手定则可知，1带正电，为α射线，射线的电离作用很强，可消除静电，B正确；吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差，从基态氢原子发生跃迁到n=2能级，需要吸收的能量最小，吸收的能量为-3.4eV-（-13.6eV）=10.2eV，即受10.2eV光子照射，可以从基态氢原子发生跃迁到n=2能级．10.4eV的光子不能被吸收，不能发生跃迁，C错误；图中用弧光灯照射锌板，锌板上的电子逸出，锌板带上正电，发现验电器的张角变大，说明原来就带正电，D错误．

7.如图所示，重球用细绳跨过轻小光滑滑轮与小球相连，细绳处于水平拉直状态。

小球由静止释放运动到最低点过程中，重球始终保持静止，不计空气阻力。

下列说法正确的有

A.细绳偏离竖直方向成θ角时，细绳拉力为

B.地面对重球的摩擦力一直增大

C.上述过程中小球重力的功率先增大后减小

D.细绳对小球不做功

【答案】BCD

【解析】设绳子与竖直方向的夹角为θ时绳子的拉力大小为T，根据牛顿第二定律得，解得，A错误；随着减小，v增大，可以知道绳子拉力T不断增大，则地面对重球的摩擦力一直增大，B正确；开始时小球竖直方向的分速度为零，小球到达最低点时竖直方向的分速度也为零，则知先增大后减小，重力瞬时功率为，所以小球重力的功率先增大后减小，C正确；细绳的拉力始终小球的速度垂直，对小球不做功，D正确．

8.闭合矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如右图所示。

规定垂直纸面向外为磁场的正方向，线框中顺时针电流的方向为感应电流的正方向，水平向右为安培力的正方向。

关于线框中的感应电流i与ad边所受的安培力F随时间t变化的图像，下列选项正确的是

A.B.C.D.

【答案】BC

【解析】试题分析：

由图可知磁感应强度的变化，则可知线圈中磁通量的变化，由法拉第电磁感应定律可知感应电动势变化情况，由楞次定律可得感应电流的方向，根据左手定则可以找出安培力方向，结合可得出正确的图象．

由图示图象可知，0～1s时间内，B增大，Φ增大，由楞次定律可知，感应电流是顺时针的，为正值；1～2s磁通量不变，无感应电流；2～3s，B的方向垂直纸面向外，B减小，Φ减小，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，感应电流是负的；3～4s内，B的方向垂直纸面向里，B增大，Φ增大，由楞次定律可知，感应电流沿逆时针方向，感应电流是负的，A错误B正确；由左手定则可知，在0～1s内，ad受到的安培力方向：

水平向右，是正的，1～2s无感应电流，没有安培力，2～4s时间内，安培力水平向左，是负的；由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势，感应电流，由B-t图象可知，在每一时间段内，是定值，在各时间段内I是定值，ad边受到的安培力，I、L不变，B均匀变化，则安培力F均匀变化，不是定值，C正确D错误．

9.光滑绝缘水平面上固定两个等量点电荷，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。

一质量m=1g的带正电小物块由A点静止释放，并以此时为计时起点，沿光滑水平面经过B、C两点（图中未画出），其运动过程的v-t图像如图乙所示，其中图线在B点位置时斜率最大，根据图线可以确定

A.中垂线上B点电场强度最大

B.两点电荷是负电荷

C.B点是连线中点，C与A点必在连线两侧

D.UBC>UAB

【答案】AD

【解析】根据v-t图象的斜率表示加速度，知小物块在B点的加速度最大，所受的电场力最大，所以中垂线上B点电场强度最大，A正确；小物块从B到C动能增大，电场力做正功，小物块带正电，可知两点电荷是正电荷，B错误；中垂线上电场线分布不是均匀，B点不在连线中点，C错误；根据动能定理得A→B有：

；B→C有，对比可得，D正确．

10.如图所示，竖直光滑长杆固定不动，套在杆上的轻质弹簧下端固定，套在杆上的滑块质量为0.80kg，现向下压滑块，至弹簧上端离地高度h=0.40m处，滑块与弹簧不拴接。

现由静止释放滑块，通过传感器测量出滑块的速度和离地高度h，计算出滑块的动能EK，并作出滑块的Ek-h图象，其中高度从0.80m上升到1.40m范围内图象为直线，其余部分为曲线。

若以地面为重力势能的零势能面，空气阻力不能忽略，取g=10m/s2,则结合图象可知

A.空气阻力恒定为1.00N

B.弹簧原长为0.72m

C.弹簧最大弹性势能为9.00J

D.滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为3.60J

【答案】AC

【解析】试题分析：

根据动能定理分析知道图象的斜率表示滑块所受的合外力，从而求得空气阻力。

高度从0.80m上升到1.40m范围内图象为直线，其余部分为曲线，结合能量守恒定律求解滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小值。

在0.80m上升到1.40m内，在图象中，根据动能定理知：

图线的斜率大小表示滑块所受的合外力，由于高度从0.80m上升到1.40m范围内图象为直线，其余部分为曲线，说明滑块从0.80m上升到1.40m范围内所受作用力为恒力，根据动能定理得，由图知，解得空气阻力，A正确；从h=0.8m开始，滑块与弹簧分离，则知弹簧的原长为0.8m，B错误；根据能的转化与守恒可知，当滑块上升至最大高度时，整个过程中，增加的重力势能和克服空气阻力做功之和等于弹簧的最大弹性势能，所以，C正确；由图可知，当h=0.56m时滑块的动能最大，为Ekm=5.76J；假设空气阻力不计，则在整个运动过程中，系统的动能、重力势能和弹性势能之间相互转化，因此滑块的动能最大时，滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小，为，由于有空气阻力，所以滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小小于3.24J，D错误．

二、实验题（本大题共两小题，共18分）

11.在探究“功和速度变化关系”的实验中，小张同学用如图甲所示装置，尝试通过测得细绳拉力（近似等于悬挂重物重力）做的功和小车获得的速度的值进行探究，则

（1）下列说法正确的是____________

A．该方案需要平衡摩擦力

B．该方案需要重物的质量远小于小车的质量

C．该方案操作时细线应该与木板平行

D．该方案处理数据时应选择匀速时的速度

（2）图乙为A、B两位同学穿纸带方法，你认为___________（选填“A”或“B”）的正确。

（3）某次获得的纸带如图丙所示，小张根据点迹标上了计数点，请根据计数点在刻度尺上

的读数求出C点的速度为_____________m/s（计算结果保留3位有效数字）；

【答案】

（1）.ABC

（2）.B（3）.0.609～0.613范围都可

【解析】试题分析：

（1）由图示实验装置可知，小车受到的拉力等于重物的重力；实验时小车受到的合力等于重物的拉力，因此该方案需要平衡摩擦力，故A正确；只有当重物质量远小于小车质量时，小车所受到的拉力近似等于重物的重力，否则实验误差将很大，因此该方案需要重物的质量远小于小车的质量，故B正确；小车受到的拉力等于重物的重力，该方案操作时细线应该与木板平行，故C正确；在该实验方案中小车做匀加速直线运动，该方案处理数据时应求出某计数点的瞬时速度与小车对应于该点的位移，故D错误；

故选ABC．