高考物理全真模拟题新课标Ⅰ卷第五练解析版.docx

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高考物理全真模拟题新课标Ⅰ卷第五练解析版

第Ⅰ卷

二、选择题：

本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．根据近代物理知识，你认为下列说法中正确的是

A.将物体看成质点进行研究分析，应用了等效替代的方法

B.通过安培分子电流假说可以得出：

一切磁现象都源于电流或运动电荷，一切磁作用都是电流或运动电荷之间通过磁场而发生的作用

C.在原子核中，结合能越大表示原子核中的核子结合的越牢固

D.铀核（）衰变为铅核（）的过程中，中子数减少21个

【答案】B

【解析】将物体看成质点进行研究分析，应用了理想模型法，选项A错误；通过安培分子电流假说可以得

15．一物体静置在平均密度为ρ、半径为R的星球表面上，以初速度v0竖直向上抛出一个物体，该物体上升的最大高是（已知引力常量为G）

A.B.C.D.

【答案】A

【解析】在星球表面：

又M=πR3ρ；解得；由竖直上抛运动的规律知；解得，故选A.

16．如图甲所示，足够长的木板B静置于水平面上，其上放置小滑块A．木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a-F图象，已知g取10m/s2，则（）

A.水平地面一定粗糙

B.滑块A与木板B间动摩擦因数为0.25

C.当F=10N时木板B加速度为4m/s2

D.木板B的质量为3kg

【答案】C

【解析】当F等于8N时，加速度为：

，对整体分析，由牛顿第二定律有：

，代入

【点睛】当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析．

17．如图所示，在水平连线MN和PQ间有竖直向上的匀强电场，在MN上方有水平向里的匀强磁场。

两个质量和带电量均相等的带正电的粒子A、B,分别以水平初速度v0、2v0从PQ连线上O点先后进入电场，带电粒子A、B第一次在磁场中的运动时间分别为tA和tB,前两次穿越连线MN时两点间的距离分别为dA,和dB,粒子重力不计，则

A.tA一定小于tB，dA一定等于dB

B.tA一定小于tB，dA可能小于dB

C.tA可能等于tB，dA一定等于dB

D.tA可能等于tB，dA可能小于dB

【答案】A

【解析】两带正电粒子先在电场中做类平抛运动后在磁场中做匀速圆周运动，设类平抛的速度偏向角为α，

【点睛】本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是解题的关键，应用类平抛运动规律、牛顿第二定律与粒子做圆周运动的半径公式可以解题

18．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法错误的是

A.定值电阻R1的电功率增大

B.电压表和电流表读数都减小

C.电压表的示数变化绝对值与电流表的示数变化绝对值之比等于R2

D.R中电流变化的绝对值大于电流表读数变化的绝对值

【答案】C

【解析】A、当滑片向a滑动时，R接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流

【点睛】由图可知R2与R并联后与R1串联，电压表测路端电压，电流表测量流过R2的电流；滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化。

19．如图所示，滑块A、B的质量均为m,A套在固定倾斜直杆上，倾斜杆与水平面成45°角，B套在固定水平的直杆上，两杆分离不接触，两直杆间的距离忽略不计，且杆足够长，A、B通过铰链用长度为L的刚性轻杆（初始时轻杆与水平面成30°）连接，A、B从静止释放，B开始沿水平面向右运动，不计一切摩擦，滑块A、B均视为质点，在运动的过程中，下列说法正确的是

A.当A到达与B同一水平面时

B.当A到达与B同一水平面时,B的速度为

C.B滑块到达最右端时,A的速度为

D.B滑块最大动能为

【答案】BD

【解析】A、B组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒．A、B沿刚性轻杆方向的分速度大小相等；B滑

当轻杆与水平杆垂直时B的速度最大，此时A的速度为零，由系统的机械能守恒得

得

综上分析：

BD正确

20．如图所示，将一光滑的质量为4m半径为R的半圆槽置于光滑水平面上，在槽的左侧紧挨有一个质量为m的物块，今让一质量也为m的小球自左侧槽口A的正上方高R处从静止开始落下，与半圆槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是

A.小球在半圆槽内第一次由A到最低点B的运动过程中，槽的支持力对小球做负功

B.小球第一次运动到半圆槽的最低点B时，小球与槽的速度大小之比为4：

1

C.小球第一次在半圆槽的最低点B时对槽的压力为

D.物块最终的动能为

【答案】ACD

【解析】从A→B的过程中，小球对半圆槽的压力方向向左下方，所以半圆槽要向左推动物块一起运动，因

21．如图所示，MN右侧有一正三角形匀强磁场区域（边缘磁场忽略不计），上边界与MN垂直，现有一与磁场边界完全相同的三角形导体框，从图示位置垂直于MN匀速向右运动，导体框穿过磁场过程中所受安培力F随时间变化的图象，以及框中导体的感应电流i随时间变化的图象正确的是（取安培力向左为正，逆时针电流为正）

A.B.

C.D.

【答案】AD

【解析】AB、设正三角形的边长为a，匀速运动的速度为v，线框进入磁场的过程，根据右手定则可知，电

【点睛】解决本题先定性判断感应电流的方向和安培力的方向，关键确定有效切割的长度的变化情况，通过列式分析安培力的变化；对于图象问题，关键是能够根据已知的公式、定律等推导出横坐标和纵坐标的关系式，分析斜率的变化，然后作出正确的判断。

第Ⅱ卷

三、非选择题：

本卷包括必考题和选考题两部分。

第22~25题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第33~34题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题（共47分）

22.（6分）指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请回答下列问题：

（1）在使用多用电表测量时，若选择开关拨至“1mA”挡，指针的位置如图（a）所示，则测量结果为_________；

（2）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（b）所示，电池的电动势为E、R0为调零电阻，某次将待测电阻用电阻箱代替时，电路中电流I与电阻箱的阻值Rx关系如图（c）所示，则此时多用电表的内阻为_________Ω，该电源的电动势E=______V.

（3）下列判断正确的是__________。

A．在图（b）中，电表的左、右插孔处分别标注着“﹢”、“﹣”

B．因为图（c）是非线性变化的，所以对应欧姆表的刻度盘上的数字左小右大

C．欧姆表调零的实质是通过调节R0，使R0=0时电路中的电流达到满偏电流

D．电阻Rx的变化量相同时，Rx越小，则对应的电流变化量就越大

【答案】0.461.5×1049CD

【解析】

（1）选择开关置于“1mA”时，选择表盘第二排刻度进行读数，分度值为0.02A，对应刻度示数为23，

故选CD。

23.（9分）某实验小组欲以图甲所示实验装置“探究小车加速度与受力和质量的关系”.图中A为小车，B为装有砝码的小盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与打点计时器相连，小车的质量为，小盘（及砝码）的质量为.

下列说法正确的是__________

A.实验时先放开小车，再接通打点计时器的电源

B.每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力

C.本实验中应满足m2远小于ml的条件

D.在用图象探究小车加速度与质量的关系时，应作a-ml图象

（2）实验中，得到一条打点的纸带，如图乙所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间距 xl、x2、x3、x4、x5、x6已量出，则小车加速度的计算式a=________________________。

（3）某同学平衡好摩擦阻力后，在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变砝码重力，作出小车加速度a与砝码重力F的图象如图丙所示。

若牛顿第二定律成立，重力加速度g=10m/s2，则小车的质量为__________kg，小盘的质量为__________kg。

（保留2位有效数字）

（4）实际上，在砝码的重力越来越大时，小车的加速度不能无限制地增大，将趋近于某一极限值，此极限值为___________m/s2。

（g=10m/s2）

【答案】C2.00.06010

【解析】

（1）A、实验时应先接通电源后释放小车，故A错误；

24．（14分）如图所示，竖直平面内边长为a的正方形ABCD是磁场的分界线，在正方形的四周及正方形区域内存在方向相反、磁感应强度大小均为B的与竖直平面垂直的匀强磁场，M、N分别是边AD、BC的中点．现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从M点沿MN方向射出，带电粒子的重力不计．

（1）若在正方形区域内加一与磁场方向垂直的匀强电场，恰使以初速度v0射出的带电粒子沿MN直线运动到N点，求所加场的电场强度的大小和方向．

（2）为使带电粒子从M点射出后，在正方形区域内运动到达B点，则初速度v1应满足什么条件？

（3）试求带电粒子从M点到达N点所用时间的最小值，并求出此条件下粒子第一次回到M点的时间．

【答案】

（1）Bv0，竖直向下；

（2）；（3），；

【解析】

（1）由题意可知，电场力与洛伦兹力平衡，

（3）由题意可画出带电粒子的运动轨迹如图乙所示，可知，带电粒子在两磁场中的轨道半径均为：

r=a，

带电粒子在正方形区域内的运动时间：

t1=T，

在正方形区域外的运动时间：

t2=T，

由牛顿第二定律得：

qvB=m（）2r，解得：

，

故带电粒子从M点到达N点所用时间的最小值：

t=t1+t2=

画出带电粒子从N点继续运动的轨迹如图丙所示，知带电粒子可以回到M点，

由对称性，回到M点的时间为：

t′=2T=；

点睛：

该题中粒子在几种不同的场中运动，要注意画出粒子的轨迹，找到粒子运动的轨道半径，结合轨迹分析几何关系是该类题目的常规步骤．

25．（18分）如图，木板A静止在光滑水平面上，其左端与固定台阶相距x．与滑块B（可视为质点）相连的细线一端固定在O点．水平拉直细线并给B一个竖直向下的初速度，当B到达最低点时，细线恰好被拉断且B恰好从A右端的上表面水平滑入。

设A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力。

已知A的质量为6kg，B的质量为3kg，A、B之间动摩擦因数为μ=0.4；细线长为L=0.4m、能承受的最大拉力为B重力的5倍；A足够长，B不会从A表面滑出；重力加速度为。

（1）求细线被拉断瞬间B的速度大小；

（2）若x=1m，求A与台阶的碰撞次数；

（3）若，求系统的总发热量。

【答案】

（1）4m/s

（2）碰撞一次（3）当时，，当时，.

【解析】

（1）设B的质量为m，A质量为2m，在最低点，由牛顿第二定律：

（二）选考题：

共15分。

请考生从2道物理题中任选一题作答。

如果多做，则按所做的第一题计分。

33．【选修3-3】（15分）

（1）（5分）夏天，从湖底形成的一个气泡，在缓慢上升到湖面的过程中没有破裂。

若越接近水面，湖内水的温度越高，大气压强没有变化，将气泡内看做理想气体。

则上升过程中，以下说法正确的是。

（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）

A．气泡内气体对外界做功

B．气泡内每个气体分子的动能都变大

C．气泡内气体从外界吸收热量

D．气泡内气体的压强可能不变

E．气泡内分子单位时间内对气泡壁单位面积的撞击力减小

【答案】ACE

【解析】气泡上升过程中，温