鲁科版高中物理必修一单元质量评估五docxWord下载.docx

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D.人下沉的原因是因为重力大于人受到的支持力

4.光滑的水平面上，有一木块以速度v向右运动，一根弹簧固定在墙上，如图所示，木块从与弹簧接触直到使弹簧压缩至最短的过程中木块将做的运动是（）

A.匀减速运动

B.速度减小，加速度增大

C.速度减小，加速度减小

D.无法确定

5.在解一道文字计算题中（由字母表达结果的计算题），一个同学解得

，用单位制的方法检查，这个结果（）

A.可能是正确的

B.一定是错误的

C.如果用国际单位制，结果可能正确

D.用国际单位制，结果错误，如果用其他的单位制，结果可能正确

6.升降机地板上放一个台秤，秤盘上放一质量为m的物体，当秤的读数为1.2mg时，升降机可能做的运动是（）

A.加速下降B.匀速上升

C.减速上升D.减速下降

7.一根质量分布均匀的长绳AB，在水平外力F的作用下，沿光滑水平面做直线运动，如图甲所示.绳内距A端s处的张力T与s的关系如图乙所示，由图可

知（）

A.水平外力F=6N

B.绳子的质量m=3kg

C.绳子的长度l=2m

D.绳子的加速度a=2m/s2

8.如图所示绘出了轮胎与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2时，紧急刹车时的刹车痕（即刹车距离s）与刹车前车速v的关系曲线，则μ1和μ2的大小关系

为（）

A.μ1<

μ2B.μ1=μ2

C.μ1>

μ2D.条件不足，不能比较

9.如图所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是（）

10.如图所示，细线的一端固定于倾角为45°

的光滑楔形滑块A的顶端P处，细线的另一端拴一质量为m的小球.当细线对小球的拉力刚好等于零时，水平向右的加速度a的大小为（g为重力加速度）（　　）

A.gB.2gC.

D.

二、实验题（本大题共2小题，共16分）

11.（6分）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，我们得到了如图所示的两个实验图象甲、乙，描述加速度与质量关系的图线是__________，描述加速度与力的关系的图线是__________.

12.（10分）小李同学为了参加学校组织的科技周活动，改进了“探究加速度与力、质量的关系”的装置，设计双车位移比较法来探究加速度与力的关系，实验装置如图所示，将轨道分上下双层排列，两小车后的刹车线穿过尾端固定板，由安装在后面的刹车系统同时进行控制（未画出刹车系统）通过改变砝码盘中的砝码来改变拉力大小.

（1）通过比较两小车的位移来比较两小车的加速度大小，是因为位移与加速度的关系式为__________.

已知两车质量均为200g，实验数据如表所示

实验次数

小车

拉力F/N

位移s/cm

拉力比F甲/F乙

位移比s甲/s乙

1

甲

0.1

22.3

0.50

0.51

乙

0.2

43.5

2

29.0

0.67

0.3

43.0

3

41.0

0.75

0.74

0.4

55.4

（2）该装置中的刹车系统的作用是_________________________________.

（3）分析表中数据可得到结论：

___________________________________.

（4）为了减少实验的系统误差，你认为还可以进行哪些方面的改进？

（只需提出一个建议即可）

三、计算题（本大题共4小题，共44分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）

13.（10分）质量为m的物体在水平恒力F的作用下由静止开始沿水平面运动，经时间t后撤去外力F，物体又经时间2t后重新静止.求：

（1）物体所受阻力.

（2）物体发生的总位移.

14.（2012·

营口高一检测）（10分）如图所示，质量m=0.78kg的金属块放在水平桌面上，在斜向上的恒定拉力F作用下，向右以v0=2.0m/s的速度做匀速直线运动，已知F=3.0N，方向与水平面之间的夹角θ=37°

（sin37°

=0.6，cos37°

=0.8，g取10m/s2）.

（1）求金属块与桌面间的动摩擦因数μ.

（2）如果从某时刻起撤去拉力F，求撤去拉力后金属块还能在桌面上滑行的最大距离s.

15.（12分）在某一旅游景区，有一山坡滑雪运动项目.某段斜坡可看成倾角θ＝30°

的斜面，一名滑雪者总质量m=80kg，他在这段斜坡上从静止开始匀加速下滑50m时，其速度增大到20m/s，（不计空气阻力，取g=10m/s2）问：

（1）滑雪者在下滑过程中受到的摩擦力f为多大？

（2）滑板与雪地之间的动摩擦因数μ为多大？

16.（2012·

中山高一检测）（12分）如图所示，一个人用与水平方向成θ＝37°

角的斜向下的推力F推一个重G＝200N的箱子匀速前进，箱子与地面间的动摩擦因数为μ＝0.5（

）.

（1）求推力F的大小.

（2）若人不改变推力F的大小，只把力的方向变为水平去推这个静止的箱子，推力作用时间t=3s后撤去，求箱子滑行的总位移为多大?

答案解析

1.【解析】选D.加速度为零，说明物体速度不变，运动状态不变，A正确；

速度是矢量，速度的变化要从大小、方向两方面去考虑，B正确；

物体的运动状态变化，一定有力的作用，物体也一定有加速度，但无法知道加速度是否在改变，所以C正确,D错误；

故选D.

2.【解析】选B.水滴离开车顶后，由于惯性在水平方向上保持离开时的速度不变，而水滴落点B在A点正下方的前面，表明若车向前行驶，水滴下落时，车正在减速，A错，B对.若车向后减速运动时，水滴下落时将落在A点正下方的后方，D错.若车向后匀速运动，水滴将落在A点的正下方，C错.

3.【解析】选D.当人突然下沉时，人有向下的加速度，处于失重状态，人受到的重力大于人受到的支持力，D正确，A错误；

人受到的支持力与人对沼泽地的压力是作用力与反作用力，大小相同，方向相反，B错误；

人行走时受地面的支持力、自身重力、地面的摩擦力，因此对应三对作用力与反作用力，C也错误.

4.【解析】选B.木块压缩弹簧受到和运动方向相反的弹力作用，做减速运动，弹力逐渐变大，加速度逐渐变大，速度变小，当弹簧压缩至最短时，加速度达最大，速度减为零.故选B.

5.【解析】选B.位移s的单位是m，由

可知

.可知

的单位是m/s，是速度v的单位，故结果一定是错误的，与是否用国际单位制无关，故选B.

6.【解析】选D.秤的读数增大，是超重，说明升降机的加速度方向向上，做向上的加速运动或向下的减速运动，D正确.

7.【解析】选A、C.取s=0，对A端进行受力分析，F-T=ma，又A端质量趋近于零，则F=T=6N，A正确；

由于不知绳子的加速度，其质量也无法得知，B、D均错误；

由图易知C正确.

8.【解析】选C.物体做匀减速运动，加速度为a=μg，则v2=2as=2μgs，由图象知，取相等的位移，速度大的μ大，故C项正确.

9.【解析】选C、D.因木块运动到右端的过程不同，对应的时间也不同，若一直匀加速至右端，则

，得：

，C正确；

若一直加速到右端时的速度恰好与传送带速度v相等，则

，有：

，D正确；

若先匀加速到传送带速度v，再匀速到右端，则

，A错误；

木块不可能一直匀速至右端，B错误.

10.【解题指南】解答本题应注意细线对小球的拉力刚好等于零时，小球是否还靠在斜面上，再利用牛顿第二定律求加速度a的大小.

【解析】选A.当细线对小球的拉力刚好等于零时，小球受竖直向下的重力和垂直于斜面向上的支持力，合力水平向右，如图所示.

由牛顿第二定律得，F合=mgtan45=ma,所以a=g，故选A.

11.【解析】甲图中的图象为经过原点的倾斜直线，表明加速度a与横坐标轴所表示的物理量成正比，即甲图描述了加速度与力的关系；

乙图为双曲线的一支，表明加速度与横坐标轴所表示的物理量成反比，故乙图描述了加速度与质量的关系.

答案：

乙甲

12.【解析】

（1）位移与加速度的关系式

.

（2）刹车系统的作用是控制两车同时运动和同时停止.

（3）由于本实验的刹车系统保证了两车运动的时间相同，故加速度a与位移s成正比，由表中数据可以看出，在实验误差允许的范围内，当小车的质量保持不变时，位移s与F成正比，故有a与F成正比.

（4）调整两木板的倾角，平衡好摩擦力，满足盘和盘中砝码的总质量远小于小车的质量.

见解析

13.【解析】

（1）有F作用时，物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得

F-f=ma1①（2分）

t时刻速度为v=a1t②（1分）

撤去F后，物体做匀减速直线运动，有f=ma2③（2分）

v=2a2t④（1分）

联立①②③④式可求得

v=2Ft/3m，f=F/3（1分）

（2）物体前后两段的平均速度

（2分）

所以总位移

（1分）

（1）F/3

（2）Ft2/m

14.【解析】

（1）对金属块受力分析如图所示.

由平衡条件得：

x轴：

f=Fcos37°

（2分）

y轴：

N+Fsin37°

=mg（2分）

f=μN（1分）

联立以上各式解得μ=0.4（1分）

（2）撤去拉力后：

f=μmg=ma

得a=μg=0.4×

10m/s2=4m/s2（2分）

由v02=2as得

（1）0.4

（2）0.5m

15.【解析】

（1）以滑雪者为研究对象，其受力情况如图所示，受到重力G＝mg，斜坡的支持力N和摩擦力f.

将重力G沿斜面和垂直斜面方向分解为G1和G2.

由几何知识得：

G1=mgsinθ，（1分）

G2=mgcosθ，（1分）

设下滑的加速度为a，

由公式

可得：

（2分）

由牛顿第二定律得：

F合=ma=80×

4N=320N（1分）

由受力分析图可知：

F合=G1-f=mgsinθ-f（2分）

联立解得：

f=80N（1分）

（2）斜面的支持力N=G2=mgcosθ（2分）

滑动摩擦力f=μN（1分）

两式联立解得：

μ=0.12（1分）

（1）80N

（2）0.12

16.【解析】

（1）选箱子为研究对象，其受力分析如图所示.

由平衡条件知：

（2分）

由以上式子得：

（1分）

（2）过程及受力分析如图所示.

前3s内:

3s末:

v1=a1t1=15m/s（1分）

前3s内的位移:

（1分）

撤去F后：

箱子还能滑行s2，由：

得

（1分）

所以箱子通过的总位移:

s=s1+s2=45m（1分）

（1）200N

（2）45m

【总结提升】已知受力情况分析运动情况的思路

对于已知物体的受力情况，求物体的运动情况，一般思路为：

即：

由研究对象的受力入手，求得它运动的加速度，然后再利用运动学公式去求相关的运动物理量.