物理学考江苏省南通市高中学业水平必修科目调研测试解析版文档格式.docx

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【答案】C

【详解】质点A沿半径为R的圆周运动一周，回到出发点。

在此过程中，路程等于圆周的周长，s=2πR．初位置和末位置重合，所以位移为0．故C正确，ABD错误。

故选C。

【点睛】解决本题的关键区分位移和路程，理解路程和位移的定义．路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于物体首末位置的距离．

4.下列各物体的运动速度，指平均速度的是（）

A.某同学百米赛跑的速度

B.雨点落地时的速度

C.子弹射出枪口时的速度

D.石子抛出后第2秒末的速度

【答案】A

某同学百米赛跑的速度为一段位移内的速度，为平均速度，故A正确；

雨点落地时的速度，子弹射出枪口时的速度，石子抛出后第2秒末的速度都是某一位置或某一时刻的速度，为瞬时速度，故BCD错误；

考查了平均速度和瞬时速度

【名师点睛】明确瞬时速度对应某一时刻或某一位置，平均速度对应一段位移或一段时间，根据定义求解即可．

5.图示为A、B两质点的速度图象，其加速度分别为aA、aB，在零时刻的速度分别为vA、vB．那么，下列判断正确的是（）

A.vA＜vB

B.vA＝vB

C.aA＞aB

D.aA＜aB

解：

由图象可知，A的初速度大于B的初速度，即vA＞vB．A的斜率大于B的斜率，则aA＞aB．故C正确，A、B、D错误．

故选C．

【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率表示的含义．

6.已知物体在4N、6N、8N三个共点力的作用下处于平衡状态，若撤去其中8N的力，那么其余两个力的合力大小为（　　）

A.4NB.6NC.8ND.10N

三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故本题中4N和6N的两个力的合力与第三个力平衡，大小等于8N，故C正确，ABD错误；

【点睛】关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线。

7.关于惯性，下列说法正确的是（）

A.物体速度越大，惯性越大

B.物体质量越大，惯性越大

C.只有静止的物体才有惯性

D.只有做匀速直线运动的物体才有惯性

【详解】物体的惯性大小取决于物体质量大小，质量越大，惯性越大。

故B正确。

惯性是物体固有属性，与物体的速度无关。

故A错误。

一切物体都有惯性，与物体所处的运动状态无关。

故CD错误。

故选B。

【点睛】本题考查对惯性概念的理解能力，比较简单．应抓住惯性是物体固有属性，与物体所处的运动状态无关．

8.下列关于功率的说法正确的是（）

A.功率是描述力对物体做功快慢的物理量

B.功率是描述力对物体做功多少的物理量

C.某个力对物体做功越多,它的功率就越大

D.某个力对物体做功时间越长,它的功率就越大

物体单位时间内所做的功叫功率，所以单位时间内完成的功越多，则功率越大，功率是描述力对物体做功快慢的物理量，故选A,

考查了对功率的理解

点评：

正确理解功率的影响因素是解决此类功率问题的关键．

9.跳水运动员从10m高的跳台跳下（不计空气阻力），在下落过程中运动员的（）

A.机械能减少B.机械能增加

C.重力势能减少D.重力势能增加

因为不计空气阻力，运动员下落过程中只有重力做功，则运动员的机械能守恒，故AB错误；

据EP=mgh，运动员下落时，高度下降，故重力势能减少，故C正确，D错误；

点睛：

抓住：

机械能守恒定律的内容是指物体只有重力或弹力做功，则机械能守恒；

机械能守恒时，系统只有动能和势能的转化．

10.水平地面上的物块，在水平恒力F的作用下由静止开始运动一段距离s，物块所受摩擦力的大小为f，则物块在该过程中动能的变化为（）

A.FsB.fsC.（F－f）sD.（F＋f）s

物块在该过程中，恒力做功为Fs，摩擦力做功为-fs，没有其他力做功，根据动能定理求解动能的增加量．

由题意分析得知，物块在该过程中，恒力做功为Fs，摩擦力做功为-fs，没有其他力做功，总功为：

Fs-fs．根据动能定理可知，动能的增加量等于外力对物体所做的总功，则知动能的增加量为：

Fs-fs=（F-f）s，C正确．

11.生产、生活中使用的许多电器或设备都可看作能量转换器，它们把能量从一种形式转化为另一种形式，下列电器或设备在工作过程中把电能转化为动能的是（）

A.电饭煲B.电风扇C.发电机D.汽油机

电饭煲将电能化为内能．故A错误．电风扇将电能主要转为动能，B正确．发电机是其他形式的能转化为电能，故C错误．汽油机是把内能转化为机械能，选项D错误；

故选B．

能量转化的形式

【名师点睛】此题考查了能量转化机器；

主要是搞清机器的原理，弄清能量的不同转化形式，对常见的仪器必须熟练掌握．

12.如图所示，一艘炮艇沿长江由西向东快速行驶，在炮艇上发射炮弹射击北岸的目标。

要击中目标，射击方向应（）

A.对准目标

B.偏向目标的西侧

C.偏向目标的东侧

D.无论对准哪个方向都无法击中目标

炮弹实际的速度方向为射出的速度与船的速度的合速度方向，根据平行四边形定则确定射击的方向．

炮弹的实际速度方向沿目标方向，该速度是船的速度与射击速度的合速度，根据平行四边形定则，知射击的方向偏向目标的西侧．故B正确，A、C、D错误．故B正确．

【点评】解决本题的关键会根据平行四边形定则对速度进行合成，以及知道炮弹实际的速度方向为射出的速度与船的速度的合速度方向．

13.做匀速圆周运动的物体,其线速度（）

A.大小不变，方向改变B.大小改变，方向不变

C.大小和方向都改变D.大小和方向都不变

匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻沿切线方向，A正确。

14.如图所示，甲、乙两人分别站在赤道和纬度为45°

的地面上，则

A.甲的线速度大B.乙的线速度大

C.甲的角速度大D.乙的角速度大

甲、乙两人共同绕地轴随地球一起做匀速圆周运动，他们的角速度相同，故CD错误；

甲、乙两人他们的角速度相同，因为甲的轨道半径大，根据v=rω可知甲的线速度大，故A正确，B错误。

所以A正确，BCD错误。

15.设太阳对行星的万有引力大小为F，太阳与行星间的距离为r，则F与r的关系为

A.F与r成正比B.F与r成反比

C.F与r2成正比D.F与r2成反比

【详解】行星绕太阳做匀速圆周运动所需的向心力是由太阳对行星的万有引力提供，根据万有引力定律F=G

，可知万有引力与与行星和太阳间距离的二次方成反比，即D正确，故选D。

16.物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，其大小是（）

A.16.7km/sB.11.2km/sC.9.8km/sD.7.9km/s

【详解】第一宇宙速度又叫“环绕速度”即卫星贴地飞行的速度，第一宇宙速度的数值为7.9km/s，故选D。

【点睛】第一宇宙速度又叫“环绕速度”，是发射卫星时的最小速度，同时又是卫星绕地运行时的最大速度，要牢记.

17.真空中有两个点电荷，若保持它们之间的距离不变，带电量都减小为原来的一半，则库仑力变为原来的（）

A.

倍B.

倍C.2倍D.4倍

【详解】根据库仑定律

，当控制它们的间距不变时，改变电量均为原来的一半时，则库仑力变为原来的四分之一。

故A正确，BCD错误；

故选A.

【点睛】此题关键是掌握库仑定律；

当在真空中两个点电荷，其间的库仑力与两点电荷的电量乘积成正比，与间距的平方成反比．

18.关于磁感线，以下说法正确的是（）

A.磁感线是不闭合的B.磁感线有可能相交

C.磁感线是客观存在的D.磁感线的疏密程度表示磁场的强弱

在磁体的内部，磁感线从磁体的S出发回到N极；

而外部则是从磁体的N极出发回到S极，构成闭合曲线，故A错误．若两条磁感线可以相交，则交点处就可以做出两个磁感线的方向，即该点磁场方向就会有两个，这与理论相矛盾，因此磁感线不能相交，故B错误．磁感线是为了描述磁场而引入的，它并不客观存在，故C错误．磁感线最密集的地方，磁场的强度最强，反之磁场最弱，故D正确．所以D正确，ABC错误。

19.如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线不受安培力作用的是（　　）

B.

C.

D.

根据左手定则来确定安培力的方向，其内容：

伸开左手，大拇指与四指在同一平面，且与四指垂直，让磁感线穿过掌心，四指向为电流的方向，则大拇指向为安培力的方向．

A选项受到到安培力方向水平向左；

B选项受到安培力方向水平向右；

D选项受到安培力方向垂直纸面向里．

而C选项，由于通电导线与磁感线平行，所以没有磁场力．

故选：

C

【点评】学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．

20.下面是某电热水壶的铭牌，由此可知该电热水壶正常加热1min产生的热量为（　　）

A.1.80×

103JB.1.10×

104JC.1.32×

104JD.1.08×

105J

根据公式

可知1min内产生的热量为

，D正确．

21.用图示装置验证机械能守恒定律，由于安装不到位，电火花计时器两限位孔不在同一竖直线上，使纸带通过时受到较大的阻力，这样实验造成的结果是（）

A.重力势能的减小量明显大于动能的增加量

B.重力势能的减小量明显小于动能的增加量

C.重力势能的减小量等于动能的增加量

D.以上几种情况都有可能

由于重物下落时要克服阻力做功，重物减少的重力势能转化为重物的动能和系统的内能，故重力势能的减小量大于动能的增加量，A正确．

22.下列关于“探究加速度与力、质量的关系”实验的说法中，正确的是（）

A.在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力的大小

B.在探究加速度与质量的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a－

图象

C.在探究加速度与力的关系时，只需测量一次，记录一组数据即可

D.在探究加速度与力的关系时，作a－F图象应该用折线将所描的点依次连接

【详解】探究加速度与质量的关系时，应该控制力不变，故A错误。

在研究两个变量之间的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出直线图形。

探究加速度与质量的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a-1/m图象，故B正确；

在探究加速度与力的关系时，需测量至少5次，记录五组数据，画出图象，根据图象探究关系。

故C错误。

探究加速度与力的关系时，作a-F图象应该将点拟合成一条倾斜的直线。

故D错误。

【点睛】控制变量法就是控制一个或多个物理量不变，研究两个变量之间的关系．在研究两个变量之间的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出直线图形．

23.穿过单匝闭合线圈的磁通量在0.1s内由0.04wb均匀增加到0.12wb．则在此过程中（）

A.穿过该线圈的磁通量变化量为0.12wb

B.通过该线圈磁通量的变化率为1.2wb/s

C.该线圈中产生的感应电动势为0.8V

D.该线圈中没有感应电流产生

【详解】穿过该线圈的磁通量变化量为∆φ=0.12wb-0.04wb=0.08wb，选项A错误；

通过该线圈磁通量的变化率为

，选项B错误；

该线圈中产生的感应电动势为

，选项C正确；

该闭合线圈有感应电动势，则有感应电流产生，选项D错误；

故选C.

【点睛】线圈的磁通量变化时，产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势大小．注意区别：

磁通量、磁通量的变化量、磁通量的变化率等.

24.某电场的电场线如图所示，M、N两点相距为d，则（）

A.M点场强小于N点场强

B.M点电势低于N点电势

C.正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N

D.若E为M点的场强，则M、N两点间电势差等于E·

d

A：

电场线的疏密表示电场的强弱，则M点场强大于N点场强。

故A项错误。

B：

顺着电场线电势降低，则M点电势高于N点电势。

故B项错误。

C：

电场线的切线方向表示场强方向，正电荷所受电场力方向与电场强度的方向相同；

则正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N。

故C项正确。

D：

电场线的疏密表示电场的强弱，从M点到N点场强逐渐减小；

若E为M点的场强，M、N两点间电势差小于E·

d。

故D项错误。

在电场中画一些曲线，用（虚线或实线表示）使曲线上任何一点的切线方向都跟这一点的电场方向相同（且电场线互不交叉），这些曲线叫电场线。

电场线是起始于正电荷（无穷远处），终止于负电荷（无穷远处）。

需要注意的是电场线是人为的假设的曲线，不真实存在。

二、填空题：

25.麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：

变化的磁场可以产生电场；

变化的电场可以产生．从而预言了空间可能存在电磁波．电磁波按照波长由长到短排列依次是：

无线电波、红外线、可见光、、x射线和γ射线．

【答案】磁场，紫外线

麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：

变化的电场可以产生磁场，电磁波按照波长由长到短排列依次是：

无线电波、红外线、可见光、紫外线、x射线和γ射线．

本题考查麦克斯韦电磁场理论及电磁波谱。

26.如图所示，已知电源电动势E=3V，内电阻r=1Ω，电阻R=5Ω，电路中的电表均为理想电表．则当开关S闭合时，电流表的读数为A，电压表的读数为V．

【答案】0.5，2.5

根据闭合电路欧姆定律求解电流，根据U=IR求解路段电压．

根据闭合电路欧姆定律，有：

I=

；

路端电压为：

U=IR=0.5A×

5Ω=2.5V；

故答案为：

0.5，2.5．

【点评】本题是闭合电路欧姆定律的直接运用，根据公式I=

求解电流，根据U=IR=E﹣Ir求解路段电压．

27.在“研究匀变速直线运动”的实验中，电磁打点计时器使用_______（选填“直流”或“交流”）电源，它每隔0.02s打一次点．图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔是______s．经测量知道AB＝2.20cm，BC＝3.80cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B点时物体的速度等于________m/s．

【答案】交流0.100.30

【详解】电磁打点计时器使用低压交流电源，电源频率为50Hz，它每隔0.02s打一次点．相邻两个计数点之间还有4个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：

.

【点睛】此题关键是知道匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；

故要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．

三、解答题：

28.如图所示，质量为10kg的木块置于光滑水平面上，在水平拉力F的作用下以2m/s2的加速度由静止开始运动．求：

（1）水平拉力F的大小；

（2）3s末木块速度的大小．

【答案】

（1）水平拉力F的大小为20N．

（2）3s末木块的速度大小为6m/s．

（1）由牛顿第二定律，得

（2）3s末木块速度的大小

牛顿第二定律

29.将一个小球从某高处以2m/s的初速度水平抛出，到落地时运动的水平距离为1.6m（不计空气阻力，g＝10m/s2）．求：

⑴小球在空中运动的时间；

⑵小球抛出点的高度．

（1）0.8s

（2）3.2m

【详解】

（1）小球在水平方向上做匀速直线运动，根据匀速直线运动规律得：

x=v0t，解得小球在空中运动的时间：

．

（2）小球在竖直方向上做自由落体运动，根据匀变速直线运动规律得：

h＝

gt2

解得小球抛出点的高度；

h=

×

10×

（0.8） 

2=3.2m．

【点睛】把握好用分解的思想解题，即平抛运动分解为：

水平方向的匀速直线运动，竖直方向的自由落体运动，知道分运动的特征：

等时性，等效性，独立性．

30.如图所示，表面粗糙的水平传送带CD按图示方向运行，半径为1.8m的四分之一光滑圆弧轨道AB竖直放置，使轨道最低点B的切线水平，且与传送带的C端贴近．现将一质量为0.2kg的小物块P从轨道的最高点A由静止滑下（g＝10m/s2）．则：

⑴物块P滑到B点时的速度为多大？

⑵物块P滑到B点时对轨道的压力为多大？

⑶在不同的条件下，物块P由C点运动到D点有多种可能的运动情况．请分别定性描述各种可能的运动情况．

（1）6m/s

（2）6N（3）可能的运动情况有：

①匀速直线运动②匀加速直线运动③匀减速直线运动④先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动⑤先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动

【分析】

（1）物块P从A滑到B点过程中，只有重力做功，机械能守恒，列式可求得滑到B点时的速度。

（2）物块P滑到B点时，由轨道对物块的支持力与重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律求解。

（3）分物块速度大于、等于、小于传送带的速度进行讨论分析。

（1）物块P从A滑到B点过程中，只有重力做功，机械能守恒，则得：

mgR=

解得，

m/s=6m/s。

（2）物块P滑到B点时，由轨道对物块的支持力与重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：

N-mg=m

联立以上两式得：

N=3mg=3×

0.2×

10N=6N

（3）设传送带的速度大小为v。

若vB=v，物块P由C点运动到D点做匀速直线运动；

若vB＞v，且传送带不够长时，物块P由C点运动到D点做匀减速直线运动；

若vB＞v，且传送带足够长时，物块P由C点运动到D点先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动；

若vB＜v，且传送带足够短时，物块P由C点运动到D点做匀加速直线运动；

若vB＜v，且传送带很长时，物块P由C点运动到D点先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动；