高考上海卷物理试题及答案Word格式.docx
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10-19C)
B类题(适合于使用二期课改教材的考生)
1B.如图所示,一束β粒子自下而上进人一垂直纸面的匀强磁场后发生偏转,则磁场方向向,进人磁场后,p粒子的动能(填“增加”、“减少”或“不变”)
2B.如图所示,一理想变压器原、副线圈匝数分别为nl和n2,当负载电阻R中流过的电流为I时,原线圈中流过的电流为;
现减小负载电阻R的阻值,则变压器的输入功率将(填“增大”、“减小”或“不变”).
3B.右图为包含某逻辑电路的一个简单电路图,L为小灯泡.光照射电阻R’时,其阻值将变得远小于R.该逻辑电路是门电路(填“与”、“或”或“非”)。
当电阻R’受到光照时,小灯泡L将(填“发光”或“不发光”)。
公共题(全体考生必做)
4.伽利略通过研究自由落体和物块沿光滑斜面的运动,首次发现了匀加速运动规律.伽利略假设物块沿斜面运动与物块自由下落遵从同样的法则,他在斜面上用刻度表示物块滑下的路程,并测出物块通过相应路程的时间,然后用图线表示整个运动过程,如图所示.图中OA表示测得的时间,矩形OAED的面积表示该时间内物块经过的路程,则图中OD的长度表示.P为DE的中点,连接OP且延长交AE的延长线于B,则AB的长度表示.
5.半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘,共轴固定连结在一起,可以绕水平轴O无摩擦转动,大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的质点,小圆盘上绕有细绳.开始时圆盘静止,质点处在水平轴O的正下方位置.现以水平恒力F拉细绳,使两圆盘转动,若恒力F=mg,两圆盘转过的角度θ=时,质点m的速度最大.若圆盘转过的最大角度θ=π/3,则此时恒力F=。
二.(40分)选择题.本大题共8小题,每小题5分.每小题给出的四个答案中,至少有一个是正确的.把正确答案全选出来,并将正确答案前面的字母填写在题后的方括号内.每一小题全选对的得5分;
选对但不全,得部分分;
有选错或不答的,得O分.填写在方括号外的字母,不作为选出的答案.
6.人类对光的本性的认识经历了曲折的过程。
下列关于光的本性的陈述符合科学规律或历史事实的是
(A)牛顿的“微粒说”与爱因斯坦的“光子说”本质上是一样的.
(B)光的双缝干涉实验显示了光具有波动性.
(C)麦克斯韦预言了光是一种电磁波.
(D)光具有波粒二象性性.
7.卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析,提出
(A)原子的核式结构模型.
(B)原子核内有中子存在.
(C)电子是原子的组成部分.
(D)原子核是由质子和中子组成的.
8.A、B是一条电场线上的两点,若在A点释放一初速为零的电子,电子仅受电场力作用,并沿电场线从A运动到B,其速度随时间变化的规律如图所示.设A、B两点的电场强度分别为EA、EB,电势分别为UA、UB,则
(A)EA=EB.(B)EA<EB.(C)UA=UB(D)UA<UB.
9.如图所示,竖直放置的弯曲管A端开口,B端封闭,密度为ρ的液体将两段空气封闭在管内,管内液面高度差分别为h1、h2和h3,则B端气体的压强为(已知大气压强为P0)
(A)P0-ρg(h1+h2-h3)
(B)P0-ρg(h1+h3)
(C)P0-ρg(h1+h3-h2)
(D)P0-ρg(h1+h2)
10.在均匀介质中选取平衡位置在同一直线上的9个质点,相邻两质点的距离均为L,如图(a)所示.一列横波沿该直线向右传播,t=0时到达质点1,质点1开始向下运动,经过时间Δt第一次出现如图(b)所示的波形.则该波的
(A)周期为Δt,波长为8L.(B)周期为
Δt,波长为8L.
(C)周期为
Δt,波速为12L/Δt(D)周期为Δt,波速为8L/Δt
11.在如图所示电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时,四个理想电表的示数都发生变化,电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示,电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示.下列比值正确的是
(A)U1/I不变,ΔU1/ΔI不变.
(B)U2/I变大,ΔU2/ΔI变大.
(C)U2/I变大,ΔU2/ΔI不变.
(D)U3/I变大,ΔU3/ΔI不变.
12.如图所示,平行金属导轨与水平面成θ角,导轨与固定电阻R1和R2相连,匀强磁场垂直穿过导轨平面.有一导体棒ab,质量为m,导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均相等,与导轨之间的动摩擦因数为μ,导体棒ab沿导轨向上滑动,当上滑的速度为V时,受到安培力的大小为F.此时
(A)电阻R1消耗的热功率为Fv/3.
(B)电阻R。
消耗的热功率为Fv/6.
(C)整个装置因摩擦而消耗的热功率为μmgvcosθ.
(D)整个装置消耗的机械功率为(F+μmgcosθ)v。
13.如图所示.一足够长的固定斜面与水平面的夹角为370,物体A以初速度V1从斜面顶端水平抛出,物体B在斜面上距顶端L=15m处同时以速度V2沿斜面向下匀速运动,经历时间t物体A和物体B在斜面上相遇,则下列各组速度和时间中满足条件的是(sin37O=0.6,cos370=0.8,g=10m/s2)
(A)V1=16m/s,V2=15m/s,t=3s.
(B)V1=16m/s,V2=16m/s,t=2s.
(C)V1=20m/s,V2=20m/s,t=3s.
(D)V1=20m/s,V2=16m/s,t=2s.
三.(30分)实验题.
14.(5分)1919年卢瑟福通过如图所示的实验装置,第一次完成了原子核的人工转变,并由此发现.图中A为放射源发出的粒子,B为
气.完成该实验的下列核反应方程
+→17O+.
15.(6分)在研究电磁感应现象实验中,
(1)为了能明显地观察到实验现象,请在如图所示的实验器材中,选择必要的器材,在图中用实线连接成相应的实物电路图;
(2)将原线圈插人副线圈中,闭合电键,副线圈中感生电流与原线圈中电流的绕行方向(填“相同”或“相反”);
(3)将原线圈拔出时,副线圈中的感生电流与原线圈中电流的绕行方向(填“相同”或“相反”).
16.(5分)为了测试某种安全阀在外界环境为一个大气压时,所能承受的最大内部压强,某同学自行设计制作了一个简易的测试装置.该装置是一个装有电加热器和温度传感器的可密闭容器.测试过程可分为如下操作步骤:
a.记录密闭容器内空气的初始温度t1;
b.当安全阀开始漏气时,记录容器内空气的温度t2;
c.用电加热器加热容器内的空气;
d.将待测安全阀安装在容器盖上;
e.盖紧装有安全阀的容器盖,将一定量空气密闭在容器内.
(1)将每一步骤前的字母按正确的操作顺序填写:
;
(2)若测得的温度分别为t1=27oC,t2=87oC,已知大气压强为1.0X105pa,则测试结果是:
这个安全阀能承受的最大内部压强是.
17.(7分)表格中所列数据是测量小灯泡U-I关系的实验数据:
(1)分析上表内实验数据可知,应选用的实验电路图是图(填“甲”或“乙”);
(2)在方格纸内画出小灯泡的U-I曲线.分析曲线可知小灯泡的电阻随I变大而
(填“变大”、“变小”或“不变”);
(3)如图丙所示,用一个定值电阻R和两个上述小灯泡组成串并联电路,连接到内阻不计、电动势为3V的电源上.已知流过电阻R的电流是流过灯泡b电流的两倍,则流过灯泡b的电流约为A.
18.(7分)有一测量微小时间差的装置,是由两个摆长略有微小差别的单摆同轴水平悬挂构成.两个单摆摆动平面前后相互平行.
(1)现测得两单摆完成50次全振动的时间
分别为50.0S和49.0S,则两单摆的周期差AT=s;
(2)某同学利用此装置测量小于单摆周期的微小时间差,具体操作如下:
把两摆球向右拉至相同的摆角处,先释放长摆摆球,接着再释放短摆摆球,测得短摆经过若干次全振动后,两摆恰好第一次同时同方向通过某位置,由此可得出释放两摆的微小时间差.若测得释放两摆的时间差Δt=0.165s,则在短摆释放
s(填时间)后,两摆恰好第一次同时向(填方向)通过(填位置);
(3)为了能更准确地测量微小的时间差,你认为此装置还可做的改进是
。
四.(60分)计算题.本大题中第19题为分叉题,分A类、B类两题,考生可任选一题.若两题均做,一律按A类题计分.
A类题(适合于使用一期课改教材的考生)
19A.(10分〕一活塞将一定质量的理想气体封闭在水平固定放置的气缸内,开始时气体体积为V0,温度为270C.在活塞上施加压力,将气体体积压缩到
V0,温度升高到570C.设大气压强p0=l.0×
105pa,活塞与气缸壁摩擦不计.
(1)求此时气体的压强;
(2)保持温度不变,缓慢减小施加在活塞上的压力使气体体积恢复到VO,求此时气体的压强.
19B.(10分)一活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内,初始时气体体积为3.O×
10-3m3.用DIS实验系统测得此时气体的温度和压强分别为300K和1.0×
105Pa.推动活塞压缩气体,测得气体的温度和压强分别为320K和1.0×
105Pa.
(1)求此时气体的体积;
(2)保持温度不变,缓慢改变作用在活塞上的力,使气体压强变为8.0×
104Pa,求此时气体的体积.
20、(l0分)辨析题:
要求摩托车由静止开始在尽量短的时间内走完一段直道,然后驶入一段半圆形的弯道,但在弯道上行驶时车速不能太快,以免因离心作用而偏出车道.求摩托车在直道上行驶所用的最短时间.有关数据见表格.
某同学是这样解的:
要使摩托车所用时间最短,应先由静止加速到最大速度V1=40m/s,然后再减速到V2=20m/s,
t1==…;
t2==…;
t=t1+t2
你认为这位同学的解法是否合理?
若合理,请完成计算;
若不合理,请说明理由,并用你自己的方法算出正确结果.
21.(l2分)质量为10kg的物体在F=200N的水平推力作用下,从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动,斜面固定不动,与水平地面的夹角θ=37O.力F作用2秒钟后撤去,物体在斜面上继续上滑了1.25秒钟后,速度减为零.求:
物体与斜面间的动摩擦因数μ和物体的总位移S。
(已知sin37o=0.6,cos37O=0.8,g=10m/s2)
22.(14分)如图所示,将边长为a、质量为m、电阻为R的正方形导线框竖直向上抛出,穿过宽度为b、磁感应强度为B的匀强磁场,磁场的方向垂直纸面向里.线框向上离开磁场时的速度刚好是进人磁场时速度的一半,线框离开磁场后继续上升一段高度,然后落下并匀速进人磁场.整个运动过程中始终存在着大小恒定的空气阻力f且线框不发生转动.求:
(1)线框在下落阶段匀速进人磁场时的速度V2;
(2)线框在上升阶段刚离开磁场时的速度V1;
(3)线框在上升阶段通过磁场过程中产生的焦耳热Q.
23.(l4分)电偶极子模型是指电量为q、相距为l的一对正负点电荷组成的电结构,O是中点,电偶极子的方向为从负电荷指向正电荷,用图(a)所示的矢量表示.科学家在描述某类物质的电性质时,认为物质是由大量的电偶极子组成的,平时由于电偶极子的排列方向杂乱无章,因而该物质不显示带电的特性.当加上外电场后,电偶极子绕其中心转动,最后都趋向于沿外电场方向排列,从而使物质中的合电场发生变化.
(1)如图(b)所示,有一电偶极子放置在电场强度为E。
的匀强外电场中,若电偶极子的方向与外电场方向的夹角为θ,求作用在电偶极子上的电场力绕O点的力矩;
(2)求图(b)中的电偶极子在力矩的作用下转动到外电场方向的过程中,电场力所做的功;
(3)求电偶极子在外电场中处于力矩平衡时,其方向与外电场方向夹角的可能值及相应的电势能;
(4)现考察物质中的三个电偶极子,其中心在一条直线上,初始时刻如图(c)排列,它们相互间隔距离恰等于l.加上外电场EO后,三个电偶极子转到外电场方向,若在图中A点处引人一电量为+q0的点电荷(q0很小,不影响周围电场的分布),求该点电荷所受电场力的大小.
2006年全国普通高等学校招生统一考试上海物理试题参考答案
1A.左,增加郝双制作,仅供参考
2A.,垂直纸面向外
3A.a,5×
1013
1B.垂直纸面向里,不变
2B.,增大
3B.非,发光
4.OA时间段的平均速度,A时刻的速度
5.5.,郝双制作,仅供参考
有选错或不答的,得0分.填写在方括号外的字母,不作为选出的答案.郝
6.BCD
7.A
8.AD
9.B
10.BC
11.ACD
12.BC郝双制作,仅供参考
13.C
14.质子,α,氮,147N,42He,11H郝双制作,仅供参考
15.
(1)将电源、电键、变阻器(上、下各连一个接线柱)、小螺线管串联成一个回路,将电流计与大螺线管串联成一个回路。
(2)相反(3)相同
16.
(1)deacd
(2)1.2×
105Pa郝双制作,仅供参考
17.
(1)甲
(2)连成平滑曲线(略),变大(3)0.07A
18.
(1)0.02s
(2)8.085s,平衡位置,向左(3)增大两摆摆长,同时使周期之差减小。
提示:
此题做法物理学原理方面,有点类似于游标卡尺,由于两摆的周期之差0.02s,所以摆动一个周期时间上相差0.02s,要使两摆球第一次同时同方向通过某位置,必然两摆球振动的位相是一样的,所以要把0.165s在n次周期内分配完,则求得n=8.25,所以两摆球振动次数为8.25,则同时达到左边最高点(因它们都是从右边开始释放)。
短摆运动时间为8.25×
0.98s=8.085s.郝双制作,仅供参考
用公式表示,设长摆运动时间为t,则为ω1t=ω2(t-Δt),代入数据有:
0.02t=0.165,解得t=8.25s,因长摆的周期为1s,故长摆的振动次数也为8.25,此时位置为平衡位置且向左运动,短摆运动时间为8.25-0.165=8.085s,
19A.解:
(1)由理想气体的状态方程有:
p1=p0=1.65×
105Pa
郝双制
(2)由玻意耳定律有p2==1.1×
19B.解:
(1)考虑状态变化前后压强不变,由状态方程有:
V1=V0=3.2×
10-3m3
郝双制
(2)由玻意耳定律有:
V2==4×
20.解:
不合理,理由是:
如按以上计算,则质点完成位移为:
+=278m≠218m。
所以以上做法不对,而且说明最大速度一定比40m/s要小。
正确结果:
设在直道上最大速度为v,则有s=+
代入数据并求解得:
v=36m/s郝双制作,仅供参考
则加速时间t1==9s,减速时间t2==2s
最短时间为t=t1+t2=11s
21.解:
对全过程应用动量定理有:
Fcosθt1=μ(mgcosθ+Fsinθ)t1+mgsinθ(t1+t2)+μmgcosθt2
代入数据解得μ=0.25
又考虑第二个过程,则由牛顿定律有a2=gsinθ+μgcosθ=8m/s2
第二过程的初速度为v=a2t2=10m/s
总位移为s=(t1+t2)=16.25s.郝双制作,仅供参考
22.解:
(1)下落阶段匀速进入,则有mg=f+,解得v2=
(2)由动能定理知,郝双制作,仅供参考
离开磁场的上升阶段:
(mg+f)h=mv12,下落阶段:
(mg-f)h=mv22
由以上两式及第
(1)问结果得:
v1=
(3)分析线框在穿越磁场的过程,设刚进入磁场时速度为v0,由功能关系有:
mv02-mv12=(mg+f)(a+b)+Q
由题设知v0=2v1
解得:
Q=(mg+f)((mg-f)-a-b)
23.解:
(1)M=qE0lsinθ郝双制作,仅供参考
(2)W=qE0l(1-cosθ)
(3)只有当电极矩方向与场强共线时,此时无力矩,系统才可能力矩平衡,此时电极矩与场强夹角为0或180°
。
郝双制作,仅供参考
当夹角为0时,要组成此系统,电场力做功为qEl,所以系统电势能为-qEl
当夹角为180°
时,要组成系统,需克服电场力做功qEl,所以系统电势能为qEl
(3)中间的正负电荷对+q0的影响相互抵消,所以电场力大小为:
F=q0E0-