成都初中中考物理专题复习二Word文件下载.docx

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F甲＞F乙

F甲＜F乙

已知条件不足，所以无法判断

8．如图所示，重为G的均匀硬棒悬于O点成竖直，现在下端施一水平拉力让棒缓慢转过θ角，在棒转动的过程中（　　）

动力臂逐渐变大

阻力臂逐渐变大

动力逐渐变大

动力逐渐减小

9．F的方向始终竖直向上，在匀速提升重物G的过程中（　　）

F大小不变

F逐渐变大

F逐渐变小

F先逐渐变小后逐渐变大

10．如图，用始终垂直于与木头的力F将木头缓慢地抬起，在抬起的过程中，力F大小将（　　）

不变

渐渐变小

渐渐变大

先变小后变大

11．如图所示，杠杆OA的B点挂着一重物，A端用绳子吊在滑环M下，此时OA恰好成水平，且A点与圆弧架PQ的圆心重合，那么当滑环M从P点逐渐滑到Q点的过程中，绳子对A端拉力的大小将（　　）

保持不变

逐渐增大

逐渐减少

由大变小再变大

12．如图所示，滑轮重力和摩擦均不计，物体重均为100N，与水平面间的摩擦力都是30N，作用于各绳端的拉力分别为F1、F2、F3．，要使物体做匀速直线运动，则下列说法中正确的是（　　）

F1=100N、F2=50N、F3=200N

F1=30N、F2=60N、F3=15N

F1=100N、F2=50N、F3=50N

F1=30N、F2=15N、F3=60N

13．如图所示，在轻质杆OB的中点A处，悬挂有重为G的物体M，在端点B施加方向始终跟杆垂直的拉力F，杆从虚线位置沿逆时针方向匀速转至图示位置的过程中，下列叙述中错误的是（　　）

拉力F逐渐变大

拉力F始终小于

G

拉力F跟它力臂的乘积不变

重物M对杠杆拉力的力臂逐渐变大

14．乒乓球、保龄球等表面都是光滑的，为什么高尔夫球的表面上布满小坑呢？

经有关科学家研究发现：

两个等大的球，一个表面布满小坑，另一个光滑，在空中高速飞行时，表面布满小坑的球受到的空气阻力较小．现将质量与体积均相等的两个小球A（表面布满小坑）与B（表面光滑）分别利用细绳悬挂在等臂杠杆的两端，使杠杆水平平衡，如图所示．当从两球正下方同时以相同速度（足够大）的风对准它们竖直向上吹时，则以下的说法中正确的是（　　）

杠杆左端下降

杠杆右端下降

杠杆仍然在水平方向处于平衡状态

无法判断杠杆的转动情况

15．如图，物体A重120N，在重力为GB的物体B的作用下在水平桌面上做匀速直线运动，A与桌面之间的摩擦力为f．如果在A上加一个水平向左大小为180N的拉力F，物体B匀速上升，则下列选项正确的是（　　）（不计摩擦、绳重及滑轮重）

GB=30N

GB=90N

f=180N

f=90N

16．下列关于杠杆或能量守恒的说法中，正确的是

A．在使用杠杆的过程中，不可能既省力又省距离

B．天平是等臂杠杆，既省力又省距离

C．由能量守恒定律可知，永动机总是可以制造成功的

D．由能量守恒定律可知，滑轮组的机械效率可以超过100％

17．图l9所示为小艳家新买的一辆小汽车。

周末，爸爸开车带着小艳出去游玩，途中，这辆汽车在lh的时间内，在水平路面上匀速行驶了72km，消耗汽油6kg。

若已知该汽车发动机的功率（即牵引力的功率）为23kW，汽车（包括车上的人和物品）质量为1．5t，汽油的热值为4．6×

107J／kg，g=10N／kg。

则关于上述lh的行驶过程，下列分析正确的是

A．该汽车对路面的压力大于l．5×

104NB．该汽车克服阻力做的功是2．3×

104J

C．该汽车的牵引力是1．15×

103ND．该汽车发动机的效率是30％

18．在不计绳重和摩擦的情况下，利用右图所示的甲、乙两装置，分别用力把相同的物体匀速提升相同的高度．若用η甲、η乙表示甲、乙两装置的机械效率，W甲、W乙表示拉力所做的功．下列正确的是（　　）

η甲=η乙，W甲=W乙

η甲＞η乙，W甲＞W乙

η甲＜η乙，W甲＜W乙

η甲＞η乙，W甲＜W乙

19．如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升了1m．已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（　　）

A、做的有用功是800JB、拉力F的功率是80W

C、绳子自由端被拉下3mD、滑轮组的机械效率是60%

二、填空题

1．如图所示，行李箱的下部装有滚轮，其目的是：

　　；

拉行李箱时拉出拉杆更省力，理由是：

　　．

2．在学过质量后，甲、乙两同学为了验证空气具有质量，找来了两只大塑料瓶（其中右侧塑料瓶带自行车进气阀），0.5m长的薄木片，打气筒和细绳，做成如图的装置，调整悬点，使木片保持平衡．然后用气筒往进气阀中打气，再关紧气阀．

（1）图中运用了　　的原理；

（2）打气后发现木片向　　倾斜，从而说明空气具有质量；

（3）我们学过由于大气重力而产生的物理量是　　．

3．如图所示，OA是起重机的吊臂，可绕O点转动．在距O点6m远的B处吊有重3000N的物体．为保证吊臂在水平位置平衡，则绕过定滑轮斜向下的拉力F为　　N．将吊臂缓慢拉起，使用A点升高2m的过程中，拉力变　　．（绳重、吊臂重、摩擦均不计）

4．淮安小明和小华合作做“研究杠杆平衡条件”的实验

（1）实验时，小明先调节杠杆在水平位置平衡，你认为这样做的好处是　　．

（2）小华将四个重力均为0.5N的钩码挂在杠杆左端后，又将弹簧测力计钩在杠杆A处的细线上（如图所示）．

要使杠杆在水平位置平衡，且弹簧测力计的示数最小，则小华应沿　　方向拉弹簧测力计．在此情况下，小华读出弹簧测力计示数为4.2N．小明和小华对实验数据分析后得到的结论是：

在误差允许的范围内，动力×

动力臂=阻力×

阻力臂．你认为他们这样就得出结论是否合理？

简述理由：

　5．芜湖长江大桥，这座目前我国科技含量最高的特大型公、铁路两用斜拉索桥梁的建成，大桥的建设，用到了很多物理学的知识和研究方法．将大桥的结构进行简化，取其部分可以抽象成如图所示的模型．

①可以看出它用到了　　的相关知识，其中O是　　，　　代表桥重和过往车辆等产生的对桥的作用力．

②为了减小钢索承受的拉力，在需要与可能的前提下，可以适当增加桥的高度，请分析原因．

③假如让你来设计新的斜拉索式大桥，你还能提出什么方法可以减轻钢索承受的拉力？

（说出一种方法即可）

④你知道吗？

在上述的研究中，我们用到了物理学中很重要的一种研究方法：

建立模型．建立模型可以帮助人们透过现象，忽略次要因素，从本质认识和处理问题；

建立模型还可以帮助人们研究不是甚至无法直接观察的现象．想想看，在初中物理学习中，你在研究哪些问题时也用到了这种方法？

请你举一例具体说明．（本题实例除外）

6．如图所示，轻质杠杆OA中点悬挂重为60N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则力F的大小是　　，保持F的方向不变，将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，力F将　　（选填“变大”、“变小”或“不变”）．

7．如图所示，请画出开瓶器所受动力F的力臂L．

8．如图所示，在水平地面上放一个重300N，底面积为100cm2的物体，不考虑绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，匀速拉动物体时，物体与地面的摩擦力为60N，则水平拉力F=　　N，物体对地面的压强是　　Pa．（各连接部分的绳均水平）

9．2012年“攀登中国：

全国攀登健身大赛首站比赛于5月20日在成都开赛，数百名攀登爱好者共同挑战四川广播电视塔，来自四川烹专的封德军第一个登顶成功，他跑上208米、1580级台阶的成绩为8分23秒．如果封德军的体重为70kg，则他登塔所做的功是　　J，功率是　　W．（g取10N/kg，结果保留整数）

10．体重60kg的王健做引体向上，在1min时间内完成了10个，每次上拉，身体重心上升30cm，则他每完成一次引体向上做功　　J，1min内的平均功率是　　W．（g取10N/kg）

三、解答题

1．由两个动滑轮和两个定滑轮组成的滑轮组，站在地面的人用力向下拉绳，提起重为1000N的物体．问：

（1）若不计摩擦和滑轮的重，所用拉力F是多大？

（2）若实际所用拉力F为300N，则动滑轮总重是多少？

（3）物体升高0.1m时，绳子的自由端所移动的距离是多少？

2．杠杆在我国古代就有了许多巧妙的应用，护城河上安装使用的吊桥就是一个杠杆，如图所示．已知桥重2×

103N，且重心在桥的中心．桥长OA与墙高OB均为6m．

（1）请在图中画出动力臂L1．

（2）刚拉起吊桥时，拉力至少多大？

（3）请简要分析说明，在拉起吊桥的过程中，拉力大小怎么变化？

3．如图所示，用F=20N的水平拉力拉着边长l=10cm的正方体铁块在水平地面上做匀速直线运动，在t=10s内运动了s=46cm的路程，[c铁=0.46×

103J/（kg•℃）ρ铁=7.9×

103kg/m3]求

（1）水平拉力F做的功W是多少？

（2）水平拉力F做功的功率P是多少？

（3）此过程有等于水平拉力做的功的内能产生，其中的79%被铁块吸收，铁块将升高多少温度？

4．如图所示，是某建筑工地上常用的塔式起重机示意图．在15s的时间内，起重机将质量为0.5t的水泥板竖直地从1楼匀速提升到了5楼，如果每层楼的高度是3m，ɡ=10N/Kg，那么：

（1）起重机提升水泥板做的功是多少？

（2）起重机的电动机输出的功率至少是多少？

5．2012年6月，我国自主设计的载人潜水器“蛟龙号”，实验下潜7000m达到一个新的深度．试验经历了以下主要过程：

母船用新型的吊装设备将潜水器投放到海中；

潜水器缓慢竖直下潜和上升；

吊装设备将潜水器吊上母船．如图是母船的吊装设备的示意图，图中虚线框中是滑轮组（未画出），电动机拉放滑轮组绳子自由端，挂钩挂着潜水器．吊装设备缓慢地将潜水器投放到海中，然后，潜水器下潜用时t1=6h，到达7000m出停留t2=0.5h，上升用时t3=3.5h．潜水器上升到海面后，挂钩挂着潜水器离开水面后，缓慢匀速竖直上升高度h=6m，在这个过程中电动机拉滑轮组绳子自由端的拉力F1=5.5×

104N，滑轮组的机械效率η=80%．

已知潜水器总质量（含潜水员）m=2.2×

104kg，体积V=20m3，水的密度ρ1=1.0×

103kg/m3，海水的密度ρ2=1.03×

103kg/m3，g取10N/kg．不计绳和挂钩的质量，不考虑空气阻力，不考虑潜水器离开海面后海水对潜水器质量的影响．求：

（1）吊装设备将潜水器投放至刚被海水浸没时，挂钩的拉力是多大？

（2）潜水器从开始下潜到返回海面的整个过程中，平均速度是多少米/秒？

（3）滑轮组中，与动滑轮相连的绳子是多少段？

答案：

1、解：

人通过肌肉施力，其动力和动力臂的乘积一定，根据杠杆的平衡条件可知，阻力和阻力臂的乘积一定，当伸展程度增大时，阻力臂增大，阻力（负重）要减小，负重与伸展程度应成反比关系．故选B．

2、解；

由图可知动力F1的力臂始终保持不变，物体的重力G始终大小不变，在杠杆从竖直位置向水平位置转动的过程中，重力的力臂逐渐增大，在L2＜L1之前杠杆是省力杠杆，在L2＞L1之后，杠杆变为费力杠杆．故选C．

3、解：

如图，LOF、LOD、LOE分别为动力FA、FB、FC的力臂，∵阻力G和阻力臂一定，FB的力臂最长，∴FB最小．故选B．

4、解：

因为OA=OB，两边拉力的方向均竖直向下，所以左边力臂大于右边力臂．根据杠杆的平衡条件：

动力×

阻力臂，左边的拉力小于右边的拉力，即GA＜GB．故选B．

5、解：

由图可知车厢绕着点C转动，所以C点为支点；

当物体A放在车厢的后部时，动力臂大于阻力臂，因此省力，所以选项A、B、D都不正确．故选C．

6、解：

如图，l为动力臂，L为阻力臂由杠杆的平衡条件得：

Fl=GL；

以O点为轴，由竖直位置逆时针匀速转到水平位置的过程中l不断变小，L逐渐增大，G不变；

由于杠杆匀速转动，处于动态平衡；

在公式Fl=GL中，G不变，L增大，则GL、Fl都增大；

又知：

l不断变小，而Fl不断增大，所以F逐渐增大；

综上可知：

动力F增大，动力臂l减小，动力臂和动力的乘积M=Fl增大；

故选C．

7、解：

如右图，LAE为阻力臂，LAF为动力臂；

因为：

F乙LAF=GLAE，所以：

，同理，可求

，故选A。

8、解：

杠杆在转动的过程中符合杠杆平衡的条件，即阻力为硬棒的重力，大小不变，硬棒在竖直位置时，重力的力臂为0，转过θ角后，重力力臂逐渐增大；

当硬棒在竖直位置时，F的力臂是杠杆的长度，且力臂最长，当杠杆转过θ后，力与杠杆不再垂直，故力臂小于杠杆的长度，根据杠杆平衡的条件可得，重力与重力臂的乘积增大，而拉力的力臂减小，故拉力逐渐增大；

所以选项BC正确．故选B、C．

9、解：

如图，动力臂为LOB，阻力臂为LOD，LOB：

LOD=LOA：

LOC=2：

1，

∵匀速提升重物，杠杆匀速转动，杠杆平衡，

∴FLOB=GLOD，

∴

，

即：

拉力F为物重的

，大小不变．

故选A．

10、解：

力与木头垂直，则力F的力臂不变，而重力的力臂逐渐减小，则由力矩平衡得力F将变小．故选B．

11、解：

当滑环M从P点逐渐滑到Q点的过程中，物体的重以及重力的力臂不变；

拉力的力臂先变大、后变小（当MA垂直于OA时，拉力的力臂最大）；

根据F1×

L1=F2×

L2，可知拉先变小后变大．故选D．

12、解：

图甲：

拉力F1等于摩擦力，F1=f=30N；

图乙：

拉力F2是摩擦力的一半，F2=

f=

×

30N=15N；

图丙：

拉力F3等于摩擦力的2倍，F3=2f=2×

30N=60N．故选D．

13、解：

A、如图，物体M的重为G不变，动力F的方向始终跟杆垂直（动力臂LOB不变），

∵杆匀速转动（处于平衡状态），

∴FLOB=GLOC，

又∵阻力臂LOC逐渐变大，

∴拉力F逐渐变大，故A正确．

B、∵FLOB=GLOC，

，故B正确．

C、∵FLOB=GLOC，阻力臂LOC逐渐变大，物体M的重为G不变

∴FLOB的大小（拉力F跟它力臂的乘积）逐渐变大，故C错．

D、重物M对杠杆拉力的力臂逐渐变大，D正确．

14、解：

由题意知：

在空中高速飞行时，表面布满小坑的球受到的空气阻力较小，同理，在被向上的气流吹时，表面布满小坑的球产生的向上的力也比普通的小球小，而它们原先处于平衡状态，所以，杠杆左端下降．故选A．

15、解：

分析滑轮组的特点可以得出，左侧滑轮为动滑轮，右侧滑轮为定滑轮，绳子的段数为2段．物体A在B的作用下匀速运动则f=2GB，如果在A上再加一个向左的180N的力，物体A影响摩擦力的两个要素都没改变，所以摩擦力还是f，只是方向从向左变成了向右，于是可以得出180N=f+2GB，因为f=2GB所以f=90N，GB=45N．故选D．

16、A17、CD

18、解：

物体升高的高度和物体重力都相同，根据公式W=Gh可知做的有用功相同；

动滑轮上绳子的段数都是4段，所以拉力的大小都为物体重力的

，所以拉力相同；

因为升高的高度相同，动滑轮上绳子段数相同，所以绳子自由端移动的距离相同，根据公式W=FS可知做的总功相同；

所以两滑轮组的机械效率相同．故选A

19、解：

（1）W有用=Gh=800N×

1m=800J，故A正确；

（2）由图知，n=2，s=2h=2×

1m=2m，故C错；

（3）W总=Fs=500N×

2m=1000J，P=

=

=100W，故B错；

（4）滑轮组的机械效η=

=80%，故D错．

1.解：

（1）相同条件下，滚动摩擦代替滑动摩擦减小摩擦力．

（2）如图，以轮子是支点，作出动力臂和阻力臂，动力臂大于阻力臂，拉行李箱是省力杠杆，拉出的杆越长，动力臂越长，越省力．

故答案为：

减小摩擦；

以轮为支点的省力杠杆．

2.解：

（1）调整悬点，使木片保持平衡，这是利用了杠杆的平衡原理，即动力×

阻力臂．

（2）根据杠杆平衡原理即动力×

阻力臂，可知在力臂不变的情况下，打气后木片向右侧倾斜，说明力（重力）增大了，从而说明气体有质量．

（3）根据大气压强的定义可知由于大气重力而产生的物理量是大气压强．

（1）杠杆，

（2）右侧，（3）大气压强．

（1）杠杆阻力为物重G=3000N，阻力臂为OB=6m，由图可知绳子绕过定滑轮只改变了力的方向，因此动力臂为5m．根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2即F×

5m=3000N×

6m．所以F=3600N．

（2）在动态提升的过程中阻力（物重）不变，阻力臂变小，动力臂同时变大．由杠杆平衡条件可知拉力变小．

3600、变小．

（1）杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心在支点上，力臂为零，本身重力对杠杆平衡不产生影响；

还可从杠杆所标刻度直接读出各力的力臂．

消除杠杆的自身重力对转动的影响，同时便于测量力臂．

（2）当支点到力的作用点距离成为力臂时，力臂最大，拉力最小，所以小华所用的测力计应竖直向上拉．

竖直向上．

（3）不能只由一次数据就得出结论，应多次实验，得到多组数据，分析比较得出结论．

不合理；

应当进行多次测量，拿多组数据进行比较，才能得出结论．

（1）图丁所示的模型，可以看做是一个在力的作用下静止在水平位置的硬棒，结合杠杆的定义，即可知道它就是杠杆的模型．所以用到了杠杆的知识．其中O是支点，F1代表桥重和过往车辆等产生的对桥的作用力．

（2）由图可知，若增加塔桥的高度，即增加了支点O到F2的距离，即增大了动力臂L1，根据公式F1=

，可以得到，在阻力和阻力臂，不变的情况下，动力臂越大，动力越小即桥对钢索的拉力就越小．

（3）由于钢索承受的是桥重和过往车辆等产生的对桥的作用力，所以要减轻钢索承受的拉力，就要从减轻桥的自身重力和载重汽车的最大载重量来入手考虑．即使用新型材料，减小桥自重；

限制载重汽车的最大载重量．

（1）杠杆；

支点；

F1．

（2）增加桥塔的高度，可以增大拉力的力臂，拉力会随之减小．

（3）使用新型材料，减小桥自重．

（4）在研究磁场时，引入“磁感线”；

采用的是理想模型法；

磁场看不见、摸不着，在探究“通电螺线管磁场”的实验中，为了研究通电螺线管周围的磁场分布情况，我们通常选用小铁屑做实验来显示其周围的磁场分布情况，通过观察通电螺线管的外部磁场分布情况，可以看出：

通电螺线管周围的磁场分布与条形磁铁的相类似．

（1）如图，杠杆在A位置，LOA=2LOC，

∵杠杆平衡，

∴FLOA=GLOC，

∴F=

G=

60N=30N．

（2）杠杆在B位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G，

∵△OC′D∽△OA′B，

∴F′LOA′=GLOC′，

∴F′=

由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变．

30，不变．

7．力臂的画法：

①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．

②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．

③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．

解：

从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．如图所示

8．解：

（1）由图可见，该滑轮组是克服物体的摩擦阻力做功，与动滑轮相连的绳子有2段，则水平拉力F=

60N=30N；

（2）物体放在水平地面上时，对地面的压力等于重力，即F=G=300N，受力面积为物体的底面积S=100cm2=100×

10﹣4m2．=10﹣2m2，因此物体对地面的压强：

P=

=30000Pa．

30；

30000．

9．1.456×

105289

10．解：

（1）王健重G=mg=60kg×

10N/kg=600N，上升高度h=30cm=0.3m，时间t=1min=60s，n=10将身体向上拉起一次所做的功：

W=Gh=600N×

0.3m=180J；

（2）他1min内做的总功：

W总=nW=10×

180J=1800J，

功率：

=30W．

180；

30．

（1）因不计摩擦和滑轮的重量，所以拉力

=250N；

（2）若实际所用拉力F为300N，则动滑轮总重G′=300×

4N﹣1000N=200N；

（3）物体升高0.1m时，绳子的自由端所移动的距离s=nh=4×

0.1m=