完整word物理高考真题全国2卷解析版已排版Word格式.docx
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1015HzD．8×
1015Hz
18．如图1，在同一水平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强
3
磁场区域，区域宽度均为，磁感应强度大小相等、方向交替向上向下．一边长为l
2
l的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动．线框中感应电流i随时间t变化的正确
图线可能是（）
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19．甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度—时间图象分别如图1中
甲、乙两条曲线所示．已知两车在t2时刻并排行驶．下列说法正确的是（）
A．两车在t1时刻也并排行驶
B．在t1时刻甲车在后，乙车在前
C．甲车的加速度大小先增大后减小
D．乙车的加速度大小先减小后增大
20．如图1，纸面内有两条互相垂直的长直绝缘导线L1、L2，L1中的电流方向向左，
L2中的电流方向向上；
L1的正上方有a、b两点，它们相对于L2对称．整个系统处
于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B0，方向垂直于纸面向外．已知a、
b两点的磁感应强度大小分别为
1
3B
0和
2B0，方向也垂直于纸面向外．则（）
A．流经L1的电流在b点产生的磁感应强度大小为
B．流经L1的电流在a点产生的磁感应强度大小为
7
12B
1
C．流经L2的电流在b点产生的磁感应强度大小为
D．流经L2的电流在a点产生的磁感应强度大小为
21．如图1，同一平面内的a、b、c、d四点处于匀强电场中，电场方向与此平面
平行，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点．一电荷量为q（q>
0）的粒子从
a点移动到b点，其电势能减小W1；
若该粒子从c点移动到d点，其电势能减小
W2.下列说法正确的是（）
A．此匀强电场的场强方向一定与a、b两点连线平行
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B．若该粒子从M点移动到N点，则电场力做功一定为
W1＋W2
C．若c、d之间的距离为L，则该电场的场强大小一定为
W2
qL
D．若W1＝W2，则a、M两点之间的电势差一定等于b、N两点之间的电势差
非选择题：
22．某同学组装一个多用电表．可选用的器材有：
微安表头（量程100μA，内阻900Ω）；
电阻箱R1（阻值范围0～999.9Ω；
）电阻箱R2（阻值范围0～99999.9Ω；
）导线若干．
要求利用所给器材先组装一个量程为1mA的直流电流表，在此基础上再将它改装
成量程为3V的直流电压表．组装好的多用电表有电流1mA和电压3V两挡．
回答下列问题：
（1）在图1虚线框内画出电路图并标出R1和R2，其中*为公共接线柱，a和b分别是
电流挡和电压挡的接线柱．
（2）电阻箱的阻值应取R1＝________Ω，R2＝________Ω.（保留到个位）
23．某同学用图1（a）所示的装置测量木块与木板之间的动摩擦因数．跨过光滑定滑
轮的细线两端分别与木块和弹簧秤相连，滑轮和木块间的细线保持水平，在木块上
方放置砝码．缓慢向左拉动水平放置的木板，当木块和砝码相对桌面静止且木板仍
在继续滑动时，弹簧秤的示数即为木块受到的滑动摩擦力的大小．某次实验所得数据在下表中给出，其中f4的值可从图（b）中弹簧秤的示数读出．
砝码的质量
m/kg
6.680.100.150.200.25
滑动摩擦力f/N2.152.362.55f42.93
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（1）f4＝________N；
（2）在图（c）的坐标纸上补齐未画出的数据点并绘出f－m图线；
（3）f与m、木块质量M、木板与木块之间的动摩擦因数μ及重力加速度大小g之间
的关系式为f＝________，f－m图线（直线）的斜率的表达式为k＝________；
2，由绘出的f－m图线求得μ＝________.（保留2位有效数字）
（4）取g＝9.80m/s
24．汽车A在水平冰雪路面上行驶．驾驶员发现其正前方停有汽车B，立即采取制动措施，但仍然撞上了汽车B.两车碰撞时和两车都完全停止后的位置如图1所示，
碰撞后B车向前滑动了4.5m，A车向前滑动了2.0m．已知A和B的质量分别为
6.69×
3kg和1.5×
103kg，两车与该冰雪路面间的动摩擦因数均为0.10，两车碰撞时
2.求：
间极短，在碰撞后车轮均没有滚动，重力加速度大小g＝10m/s
（1）碰撞后的瞬间B车速度的大小；
（2）碰撞前的瞬间A车速度的大小．
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25．一足够长的条状区域内存在匀强电场和匀强磁场，其在xOy平面内的截面如图
1所示：
中间是磁场区域，其边界与y轴垂直，宽度为l，磁感应强度的大小为B，方向垂直于xOy平面；
磁场的上、下两侧为电场区域，宽度均为l′，电场强度的大
小均为E，方向均沿x轴正方向；
M、N为条状区域边界上的两点，它们的连线与
y轴平行．一带正电的粒子以某一速度从M点沿y轴正方向射入电场，经过一段时
间后恰好以从M点入射的速度从N点沿y轴正方向射出．不计重力．
（1）定性画出该粒子在电磁场中运动的轨迹；
（2）求该粒子从M点入射时速度的大小；
（3）若该粒子进入磁场时的速度方向恰好与x轴正方向的夹角为
及其从M点运动到N点的时间．
π
6，求该粒子的比荷
选考题：
33．[物理选修3－3]
（1）（5分）对于实际的气体，下列说法正确的是________．
A．气体的内能包括气体分子的重力势能
B．气体的内能包括气体分子之间相互作用的势能
C．气体的内能包括气体整体运动的动能
D．气体的体积变化时，其内能可能不变
E．气体的内能包括气体分子热运动的动能
（2）（10分）如图1，一竖直放置的汽缸上端开口，汽缸壁内有卡口a和b，a、b间距
为h，a距缸底的高度为H；
活塞只能在a、b间移动，其下方密封有一定质量的理
想气体．已知活塞质量为m，面积为S，厚度可忽略；
活塞和汽缸壁均绝热，不计
它们之间的摩擦。
开始时活塞处于静止状态，上、下方气体压强均为p0，温度均为
T0.现用电热丝缓慢加热汽缸中的气体，直至活塞刚好到达b处．求此时汽缸内气体
的温度以及在此过程中气体对外所做的功．重力加速度大小为g.
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答案解析
14．答案A
解析由题意知，W拉－W阻＝ΔEk，则W拉>
ΔEk，A项正确，B项错误；
W阻与ΔEk
的大小关系不确定，C、D项错误．
15．答案C
解析设每层楼高约为3m，则下落高度约为
h＝3×
25m＝75m
由mgh＝
2mv
m2gh
3N.鸡蛋对地面的冲击力F＝＋mg≈10
t
16．答案C
Mm
解析脉冲星自转，边缘物体m恰对球体无压力时万有引力提供向心力，则有G
r2
4π
＝mr
2，
T
4
又知M＝ρ·
πr
3π3×
3.14
整理得密度ρ＝2＝－11－32kg/m
3≈5.2×
1015kg/m3.
GT6.67×
17．答案B
解析设单色光的最低频率为ν0，由Ek＝hν－W知
c
Ek＝hν1－W,0＝hν0－W，又知ν1＝
λ
整理得ν0＝
cEk
14Hz.
－
，解得ν0≈8×
h
18．答案D
解析设线路中只有一边切割磁感线时产生的感应电流为i.
线框位移等效电路的连接电流
l
0～
2I＝2i（顺时针）
～lI＝0
l～
3l
2I＝2i（逆时针）
～2lI＝0
分析知，只有选项D符合要求．
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19．答案BD
解析t1～t2时间内，甲车位移大于乙车位移，且t2时刻两车相遇，则t1时刻甲在
乙的后面，A项错误，B项正确；
由图象的斜率知，甲、乙两车的加速度均先减小
后增大，C项错误，D项正确．
20．答案AC
解析原磁场、电流的磁场方向如图所示，由题意知
在b点：
2B
0＝B0－B1＋B2
在a点：
0＝B0－B1－B2
71
由上述两式解得B1＝0，B2＝0，A、C项正确．
12B12B
21．答案BD
解析结合题意，只能判定Uab>
0，Ucd>
0，但电场方向不能得出，A项错误；
由于
Uab＋Ucd
M、N分别为ac和bd的中点，对于匀强电场，则UMN＝
2，可知该粒子由
M至N过程中，电场力做功W＝，B项正确；
电场强度的方向只有沿c→d
2W2
时，场强E＝，但本题中电场方向未知，C项错误；
若W1＝W2，则ac与bd一
qL
定相互平行，可知UaM＝UbN.
22．答案
（1）见解析图
（2）1002910解析
（1）如图所示．
（2）接a时改装成量程为1mA的电流表，有
IgRg＝（I－Ig）R1
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解得R1＝100Ω
接b时改装成量程为3V的电压表，有
U＝IgRg＋IR2解得R2＝2910Ω.
23．答案
（1）2.75
（2）见解析图
（3）μ（M＋m）gμg（4）0.40解析
（1）由图b可读出弹簧秤的示数f4＝2.75N.
（2）f-m图线如图所示．
（3）摩擦力表达式f＝μ（M＋m）g，其斜率k＝μg.
Δf2.93－2.15
（4）图线的斜率k＝＝＝3.9
Δm
0.25－0.05
解得μ≈0.40.
24．答案
（1）3.0m/s
（2）4.3m/s
解析
（1）设B车的质量为mB，碰后加速度大小为aB.根据牛顿第二定律有
μmBg＝mBaB①
式中μ是汽车与路面间的动摩擦因数．
设碰撞后瞬间B车速度的大小为vB′，碰撞后滑行的距离为sB.由运动学公式有
2＝2aBsB②
vB′
联立①②式并利用题给数据得
vB′＝3.0m/s③
（2）设A车的质量为mA，碰后加速度大小为aA，根据牛顿第二定律有
μmAg＝mAaA④
设碰撞后瞬间A车速度的大小为vA′，碰撞后滑行的距离为sA，由运动学公式有
2＝2aAsA⑤
vA′
设碰撞前的瞬间A车速度的大小为vA.两车在碰撞过程中动量守恒，有
mAvA＝mAvA′＋mBvB′⑥
联立③④⑤⑥式并利用题给数据得
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vA＝4.3m/s⑦
2El′Bl
25．答案
（1）见解析
（2）Bl（3）
E1＋
3πl
18l′
解析
（1）粒子运动的轨迹如图（a）所示．（粒子在电场中的轨迹为抛物线，在磁场中
为圆弧，上下对称）
（2）粒子从电场下边界入射后在电场中做类平抛运动．设粒子从M点射入时速度的
大小为v0，在下侧电场中运动的时间为t，加速度的大小为a；
粒子进入磁场的速
度大小为v，方向与电场方向的夹角为θ[如图（b）]，速度沿电场方向的分量为v1.
根据牛顿第二定律有
qE＝ma
式中q和m分别为粒子的电荷量和质量．
由运动学公式有
v1＝at②
l′＝v0t③
v1＝vcosθ④
粒子在磁场中做匀速圆周运动，设其运动轨道半径为R，由洛伦兹力公式和牛顿第
二定律得
mv
qvB＝
R⑤
由几何关系得
l＝2Rcosθ⑥
联立①②③④⑤⑥式得
2El′
v0＝
Bl⑦
（3）由运动学公式和题给数据得
v1＝v0cot
6⑧
联立①②③⑦⑧式得
q43El′
＝
2l2⑨mB
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设粒子由M点运动到N点所用的时间为t′，则
t′＝2t＋
ππ
2－
6
2πT⑩
式中T是粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期，
2πm
T＝
qB?
由③⑦⑨⑩?
式得
Bl
t′＝
?
hmg
答案
（1）BDE
（2）1＋0（p0S＋mg）h
H1＋p0ST
解析
（1）气体的内能不考虑气体自身重力的影响，故气体的内能不包括气体分子的
重力势能，A项错误；
实际气体的内能包括气体的分子动能和分子势能两部分，B、
E项正确；
气体整体运动的动能属于机械能，不是气体的内能，C错误；
气体体积
变化时，分子势能发生变化，气体温度也可能发生变化，即分子势能和分子动能的和可能不变，D项正确．
（2）开始时活塞位于a处，加热后，汽缸中的气体先经历等容过程，直至活塞开始运
动．设此时汽缸中气体的温度为T1，压强为p1，根据查理定律有
p0
T0
p1
T1①
根据力的平衡条件有
p1S＝p0S＋mg②
联立①②式可得
mg
T1＝1＋
p0ST0③
此后，汽缸中的气体经历等压过程，直至活塞刚好到达b处，设此时汽缸中气体的
温度为T2；
活塞位于a处和b处时气体的体积分别为V1和V2.根据盖—吕萨克定律
有
V1
T1＝
式中
V2
T2④
V1＝SH⑤
V2＝S（H＋h）⑥
联立③④⑤⑥式解得
T2＝1＋
H1＋p0ST0⑦
从开始加热到活塞到达b处的过程中，汽缸中的气体对外做的功为
W＝（p0S＋mg）h⑧
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