云南省普洱市景东一中高一物理上学期月考试题Word格式文档下载.docx
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B.木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对平衡力
C.木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对作用力与反作用力
D.木箱对地面的压力与木箱受到的重力是一对平衡力
4.做匀减速运直线运动的物体经4s后停止,若在第1s内位移是14m,则最后1s的位移是(
A.3.5mB.3mC.2mD.1m
5.物体通过两个连续相等位移的平均速度分别为
=10m/s,
=15m/s,则物体在这整个运动过程中的平均速度是( )
A.13.75m/sB.12.5m/sC.12m/sD.11.75m/s
6.某物体运动的速度-时间图象如图所示,则物体做( )
A.往复运动
B.匀变速直线运动
C.朝某一方向的直线运动
D.不能确定
7.做匀变速直线运动的物体,它的加速度为a,在时间t内的位移为x,末速度为v,则此物体运动规律的表达式为( )
A.x=vt+
at2B.x=vt-
at2C.x=-vt+
at2D.x=-vt-
at2
8.如图所示,光滑斜面的倾角为30°
,轻绳通过两个滑轮与A相连,轻绳的另一端固定于天花板上,不计轻绳与滑轮的摩擦.物块A的质量为m,不计滑轮的质量,挂上物块B后,当动滑轮两边轻绳的夹角为90°
时,A、B恰能保持静止,则物块B的质量为( )
A.
mB.
mC.MD.2m
9.如图所示,一长木板在水平地面上运动,初速度为v0,在某时刻(t=0)将一相对于地面静止的物块轻放到木板上,己知物块与木板的质量相等,设物块与木板间及木板与地面间均有摩擦且摩擦因数为μ,物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,且物块始终在木板上.在物块放到木板上之后,木板运动的速度-时间图象可能是选项中的( )
B.
C.
D.
10.如图所示,两个质量都是m的小球A、B用轻杆连接后斜放在墙上处于平衡状态.已知墙面光滑,水平地面粗糙.现将A球向上移动一小段距离,两球再次达到平衡,那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较,地面对B球的支持力FN和轻杆上受到的压力F的变化情况是( )
A.FN不变,F变大
B.FN不变,F变小
C.FN变大,F变大
D.FN变大,F变小
二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)
11.(多选)如图所示,把鸡蛋A快速向另一个完全一样的静止的鸡蛋B撞去,结果每次都是被撞击的鸡蛋B被撞破,则下列说法正确的是( )
A.A鸡蛋的惯性大于B鸡蛋的惯性
B.A对B的作用力的大小大于B对A的作用力的大小
C.A对B的作用力的大小等于B对A的作用力的大小
D.A蛋碰撞瞬间,其内蛋黄和蛋白由于惯性会对A蛋壳产生向前的作用力
12.(多选)如图
(1)所示,在粗糙的水平面上,物块A在水平向右的外力F的作用下做直线运动,其v-t图象如图
(2)中实线所示.下列判断正确的是( )
A.在0~1s内,外力F不断变化
B.在1~3s内,外力F的大小恒定
C.在3~4s内,外力F不断变化
D.在3~4s内,外力F的大小恒定
13.(多选)某实验小组的同学在电梯的天花板上固定一个弹簧秤,使其测量挂钩向下,并在钩上悬挂一个重为10N的钩码.弹簧秤弹力随时间变化的规律可通过一传感器直接得出,如图所示.则下列分析正确的是( )
A.从t1到t2,钩码处于失重状态
B.从t3到t4,钩码处于超重状态
C.电梯可能开始在1楼,先加速向上,接着匀速向上,再减速向上,最后停在3楼
D.电梯可能开始在3楼,先加速向下,接着匀速向下,再减速向下,最后停在1楼
14.(多选)物体做直线运动时,有关物体加速度和速度的说法中正确的是( )
A.物体的加速度方向不变,速度的方向可能改变
B.在匀减速直线运动中,物体的加速度必定为负值
C.物体的速度等于0,其加速度也一定等于0
D.只有在确定初速度方向为正方向的条件下,匀加速直线运动中的加速度才为正值
分卷II
三、实验题(共2小题,共15分)
15.有同学利用如图所示的装置来探究求合力的方法:
在竖直木板上铺有白纸,固定两个光滑的滑轮A和B,将绳子打一个结点O,每个钩码的重量相等,当系统达到平衡时,根据钩码个数读出三根绳子的拉力FTOA、FTOB和FTOC,回答下列问题:
(1)(多选)改变钩码个数,实验能完成的是( )
A.钩码的个数N1=N2=2,N3=4
B.钩码的个数N1=N3=3,N2=4
C.钩码的个数N1=N2=N3=4
D.钩码的个数N1=3,N2=4,N3=5
(2)在拆下钩码和绳子前,最重要的一个步骤是( )
A.标记结点O的位置,并记录OA、OB、OC三段绳子的方向
B.量出OA、OB、OC三段绳子的长度
C.用量角器量出三段绳子之间的夹角
D.用天平测出钩码的质量
(3)在作图时,你认为图中________(选填“甲”或“乙”)是正确的.
16.小华所在的实验小组利用如图甲所示的实验装置探究牛顿第二定律,打点计时器使用的交流电频率f=50Hz,当地的重力加速度为g.
甲
乙
(1)图乙是小华同学在正确操作下获得的一条纸带,其中A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出.若s1=2.02cm,s2=4.00cm,s3=6.01cm,则B点的速度为:
vB=________m/s(保留三位有效数字).
(2)在平衡好摩擦力的情况下,探究小车加速度a与小车质量M的关系中,某次实验测得的数据如表所示.根据这些数据在坐标图中描点并作出a-
图线.从a-
图线求得合外力大小为________N(计算结果保留两位有效数字).
四、计算题
17.某运动员进行百米赛跑训练,假设其运动过程先做匀加速直线运动,然后做匀减速直线运动,最后以12m/s的速度冲到终点,成绩为10s,问:
(1)该运动员百米赛跑全程的平均速度是多少?
(2)假设其加速过程中的加速度大小是4m/s2,则其加速所用时间是多少?
18.汽车在平直的高速公路上行驶的速度为108km/h,若驾驶员发现前方100m处发生了交通事故,马上紧急刹车,刹车后的加速度大小为5m/s2.
(1)汽车刹车后8s的速度和位移各是多少?
(2)该汽车是否会有安全问题?
19.如图所示,在倾角θ=37°
的斜面上,用一水平力F推一质量为m=10kg的物体,欲使物体沿斜面匀速运动,已知物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.2,试求F的大小.(sin37°
=0.6,cos37°
=0.8)
20.如图甲所示,倾角为θ=37°
的足够长斜面上,质量m=1kg的小物体在沿斜面向上的拉力F=14N作用下,由斜面底端从静止开始运动,2s后撤去F,前2s内物体运动的v-t图象如图乙所示.求:
(取g=10m/s2,sin37°
(1)小物体与斜面间的动摩擦因数;
(2)撤去力F后1.8s时间内小物体的位移.
答案
1.B2.C3.C4.C5.C6.C7.B8.A9.A10.B11.CD12.BC13.ABD14.AD
15.
(1)BCD
(2)A (3)甲
【解析】
(1)对O点受力分析如图所示,
OA、OB、OC分别表示FTOA、FTOB、FTOC的大小,由于三个共点力处于平衡,所以FTOA、FTOB的合力大小等于FTOC,且FTOC<
FTOA+FTOB,即|FTOA-FTOB|<
FTOC<
FTOA+FTOB,故B、C、D能完成实验.
(2)为探究求合力的方法,必须作受力图,所以先明确受力点,即标记结点O的位置,其次要作出力的方向并读出力的大小,最后作出力的图示,因此要做好记录,应从力的三要素角度出发,要记录钩码的个数和记录OA、OB、OC三段绳子的方向,故A正确,B、C、D错误.
(3)以O点为研究对象,F3的实际作用效果在OC这条线上,由于误差的存在,F1、F2的合力的理论值与实际值有一定偏差,故甲图符合实际,乙图不符合实际.
16.
(1)0.301m/s
(2)0.30N
描点、连线如图所示
【解析】
(1)利用匀变速直线运动的推论可知:
B点的瞬时速度等于AC间的平均速度,则有:
vB=
=
×
10-2=0.301m/s;
(2)应用描点法画出图象如下所示,由图象可知,a-
图象过原点,合外力等于图象的斜率,大小为F合=
N=0.30N.
17.
(1)该运动员百米赛跑全程的平均速度是10m/s
(2)
(1)该运动员百米赛跑全程的平均速度
(2)设运动员加速所用时间为t,则加速过程,运动员的位移
;
那么运动员做减速运动的时间为10-t,运动员做减速运动的平均速度
,
所以,运动员做减速运动的位移
所以有:
100=
,所以,
18.
(1)0 90m
(2)不会
【解析】
(1)设汽车运动方向为正方向,则
v0=108km/h=30m/s,a=-5m/s2
设汽车刹车t秒后停下来,由v=v0+at,得t=
s=6s
因为汽车6s末停下来,所以8s末的速度为0
8s内的位移等于6s内的位移,即:
x8=x6=t=
6m=90m.
(2)因为汽车刹车距离90m<100m,所以汽车不会有安全问题.
19. 112N或48N
【解析】 若物体沿斜面向上匀速运动,根据平衡条件:
Fcos37°
=Ff+mgsin37°
Ff=μ(mgcos37°
+Fsin37°
)
解得:
F≈112N
若物体沿斜面向下匀速运动,根据平衡条件:
+Ff=mgsin37°
F≈48N.
20.
(1)0.5
(2)2.2m,沿斜面向上
【解析】
(1)由题图乙可知,0~2s内物体的加速度a1=
=4m/s2
根据牛顿第二定律,F-mgsinθ-Ff=ma1,
FN=mgcosθ,而Ff=μFN,代入数据解得μ=0.5.
(2)撤去F后,-mgsinθ-Ff=ma2,得a2=-10m/s2,
设经过t2时间减速到0,根据运动学公式0=v1+a2t2,
解得t2=0.8s
在0.8s内物体有向上运动的位移x2
0-v
=2a2x2,得x2=3.2m
物体到最高点后向下运动,设加速度大小为a3,则
mgsinθ-Ff=ma3,解得a3=2m/s2
再经t3=1s物体发生位移x3,x3=a3t
=1m
物体在撤去F后1.8s内的位移x=x2-x3
代入数据解得x=2.2m,方向沿斜面向上.