上海市中考物理试题原卷+解析版真题含答案Word格式文档下载.docx
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电键S闭合后，电路正常工作。
一段时间后，观察到一个电压表的示数变大，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0．若电阻R1、R2中仅有一个出现故障，请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。
10．（3分）亚里士多德为了说明抽水机原理，提出自然界厌恶真空的理论。
他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升，因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的”。
（1）在下列几个现象中，能支持上述亚里士多德理论的实验是
A．回声的形成
B．彩虹
C．用吸管吸饮料
（2）在下列几个实验中，能推翻上述亚里士多德理论的实验是
A．托里拆利实验
B．富兰克林风筝雷电实验
C．马德堡半球实验
（3）请你结合所学的物理知识，解释为什么第2小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。
三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
11．（2分）重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。
12．（2分）在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB。
13．（3分）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。
补上后要求：
闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。
四、计算题（共27分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
14．（6分）体积为2×
10﹣3米3的金属块浸没在水中。
求金属块受到的浮力大小F浮。
15．（6分）杠杆平衡时，动力臂l1为0.6米，阻力臂l2为0.2米，若阻力F2的大小为60牛，求动力F1的大小。
16．（8分）如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上，容器甲、乙底部所受液体的压强相等。
容器甲中盛有水，水的深度为0.08米，容器乙中盛有另一种液体。
①若水的质量为2千克，求容器甲中水的体积V水。
②求容器甲中水对容器底部的压强p水。
③现往容器甲中加水，直至与乙容器中的液面等高，此时水对容器底部的压强增大了196帕，求液体乙的密度ρ液。
17．（8分）在图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“1A”字样。
电键S闭合后，电压表V的示数为5伏。
求：
①通过电阻R1的电流I1。
②电路正常工作10秒后，电流通过电阻R1做的功W1．移动滑动变阻器的滑片P，电源电压和电压表示数的比值最大为3，求电压表示数的最大值和最小值的差值。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
18．（3分）在“验证阿基米德原理”的实验中，用量筒测物体的 ，使用弹簧测力计前，应将指针调到 刻度处。
“测定小灯泡的电功率”的实验原理是 。
19．（2分）小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中，将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至 。
已知凸逶镜焦距为10厘米，现蜡烛的位置如图所示，蜡烛到凸透镜的距离为10厘米，移动光屏寻找像的位置，发现光屏上有一个倒立、 的像（选填“放大”、“等于”或“缩小”）。
20．（3分）小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为3伏且保持不变）、待测电阻Rx、电流表、电压表、电健各一个，滑动变阻器有A、B、C三个（分别标有“5Ω2A”字样、“10Ω2A”字样、“50Ω1A”字样），以及导线若干。
小华实验时选取其中一个滑动变阻器，正确连接电路，且使滑动变阻器的滑片在中点附近，闭合电键时各电表示数如图10（a）、（b）所示，并记录第一组数据。
继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，记录第二组数据，此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。
①电压表的量程是 伏。
②计算说明实验中电流表的量程。
③根据记录的第二组数据，计算出此时待测电阻Rx的阻值。
21．（3分）某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计拉着一个圆柱体，测力计示数为F0．现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中，倒入液体A，圆柱体的下表面到液面的深度为h，记录下此时弹簧测力计的示数为F以及F0和F的差为△F．接着，将液体A替换为液体B，重复上述实验，记录数据如下表一、二所示。
表一液体A（ρA＝0.8×
103千克/米3）
实验序号
h（厘米）
F（牛）
△F（牛）
1
3
8.5
1.5
2
6
7
9
5.5
4.5
4
12
5
表二 液体B （ρB＝1.0×
1.2
7.6
2.4
6.4
3.6
8
①根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：
同一物体在同种液体中， 。
②根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较△F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：
③根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据，分析比较△F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是 。
④本实验中，圆柱体的重力为 牛，高度为 厘米。
2019年上海市中考物理试卷
参考答案与试题解析
1．【分析】要记住一些生活中常见的电压值，如：
一节干电池的电压是1.5V；
一节铅蓄电池的电压是2V；
家庭电路的电压为220V；
动力电压为380V；
对人体安全的电压为不高于36V。
【解答】解：
一节新干电池的电压为1.5V，故BCD错误、A正确；
故选：
A。
2．【分析】解决此题要知道音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。
因为每个人的声带结构不同，所以发出声音的音色就会不同，所以我们可以通过音色辨别是谁，故C正确，ABD错误。
C。
3．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
A、牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学等领域取得了卓著的成就。
不符合题意；
B、欧姆是德国物理学家，发现了电流与电压、电阻的关系﹣﹣欧姆定律。
C、安培是英国著名的物理学家，发现了电磁感应现象。
D、1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家。
符合题意。
D。
4．【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。
根据原子结构的相关知识可知，原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子构成的，整个原子不显电性；
原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的，所以在原子核中带正电的微粒是质子。
B。
5．【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。
四冲程柴油机在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故C正确。
6．【分析】比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
根据Q＝cm△t知，相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高小，故A正确。
7．【分析】
（1）根据图甲和图乙读出对应的路程和时间，然后根据速度公式即可求出甲、乙的速度；
（2）经过t秒，甲、乙相距10米时有两种情况：
一种是甲乙两车未相遇时相距10m，二是相遇以后相距10m。
据此根据路程相等，利用速度公式列出等式求解。
（1）由图象可得：
甲的速度v甲＝
＝
＝0.4m/s；
乙的速度v乙＝
＝0.6m/s，
故v乙＞v甲；
（2）根据题意可知，经过t秒，甲、乙相距10米时有两种情况：
故可得：
v甲t+v乙t＝10m或v甲t+v乙t＝10m+20m＝30m，
代入数值可得：
0.4m/s×
t+0.6m/s×
t＝10m或0.4m/s×
t＝20m+10m，
解得t＝10s或t＝30s，即t可能为10s，也可能为30s。
综上分析可知，选项ACD错误，B正确。
8．【分析】
（1）甲乙的压强相等，知道甲乙的受力面积，根据压强公式可以判断甲乙对地面的压力，知道受力面积的变化可以判断甲乙对地面的压强。
（2）压强变化量等于原来的压强和现在压强的差，然后进行比较。
（1）甲、乙的底面积分别为S、S'
），甲乙压强相等，根据F＝pS，可以判断甲对水平地面的压力大于乙对水平地面的压力，所以甲的重力大于乙的重力。
甲乙是长方体，当甲、乙顺时针旋转90°
、S，甲的受力面积减小，甲对水平地面的压力不变，甲对水平地面的压强增大，乙的受力面积增大，乙对水平地面的压力不变，乙对水平地面的压强减小，由于原来甲乙对水平地面的压强相等，所以旋转后甲对水平地面的压强大于乙对水平地面的压强，即甲＞p乙。
（2）△p＝p﹣p'
﹣
因为面积变化相同，甲对地面的压力大于乙对地面的压力，所以甲对水平地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量即△p甲＞△p乙。
9．【分析】根据电路图可知，两电串并联，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。
【解答】答：
根据电路图可知，两电串并联，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，工作一段时间后，一个电压表的示数变大，
若V1示数变大，故障可能为电阻R1断路或电阻R2短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0，则故障为R1断路；
若V2示数变大，故障可能为电阻R2断路或电阻R1短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0，则故障为R2断路。
10．【分析】首先明白亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。
然后判断选项中的内容和什么知识点相关，最后做出选择。
（1）亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。
他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升。
A．回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物，声被障碍物反射回来，与亚里士多德的观点不符。
B．彩虹是太阳光的色散，与亚里士多德的观点不符。
C．用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，与亚里士多德的观点相符。
（2）A．托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论。
B．富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象，与亚里士多德的观点不相关。
C．马德堡半球实验是证明大气压的存在，并且证明大气压很大，与亚里士多德的观点不相关。
（3）做托里拆利实验时，玻璃管的上空有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德的观点不相符，所以可以推翻其观点。
故答案为：
（1）C；
（2）A；
（3）做托里拆利实验时，玻璃管内上方有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德观点不相符，所以可以推翻其观点。
11．【分析】根据力的图示的定义，将小球所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可。
物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为10N，可确定标度为5N，故画重力的图示如图：
12．【分析】根据反射定律作出反射光线的光路图，题目中已经作出法线，在根据反射光线和入射光线分居法线两侧，作出反射角等于入射角即可。
根据光的反射定律，题目中已经作出垂直于镜面的法线，做反射光线OB使反射角等于入射角即可。
13．【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式，由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。
由题知，闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，说明变阻器与灯泡在工作时互不影响；
因为并联电路中各支路互不影响，所以变阻器与灯泡应并联；
向右移动滑片P，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，故应将变阻器的左下接线柱接入电路中，且图中灯泡与电流表的0.6接线柱相连，所以电流表应测干路电流。
实物连接如图所示：
14．【分析】已知金属块浸没水中，排开水的体积等于金属块的体积，利用阿基米德原理F浮＝ρ水V排g求金属块受到的浮力。
金属块浸没水中，则V排＝V金＝2×
10﹣3m3，
金属块受到的浮力：
F浮＝ρ水V排g＝1.0×
103kg/m3×
2×
10﹣3m3×
9.8N/kg＝19.6N。
答：
金属块受到的浮力为19.6N。
15．【分析】知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小，利用杠杆平衡条件求动力大小。
由杠杆平衡条件可知：
F1l1＝F2l2，
则动力F1＝
＝20N。
动力F1为20N。
16．【分析】①已知水的质量，水的密度也是默认已知量ρ水＝1.0×
103kg/m3；
根据公式V＝
可以求解。
②已知水的深度h＝0.08h，根据液体压强计算公式p＝ρgh；
③设容器乙内液体的深度为h1，当水深是h1的时候其压强为P1，p1＝p+△p由此可以得出p1的大小，进而算出h1；
题干表明容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即：
p＝p乙；
又因为p乙＝ρ乙gh1故可以求出ρ乙。
①容器中甲水的体积为：
V＝
＝2×
10﹣3m3；
②容器甲中水对容器底部的压强：
p水＝ρgh＝1.0×
9.8N/kg×
0.08m＝784pa。
③当容器甲内加水至于容器乙相平时，设此时水深为h1，
此时水对容器底部的压强：
p1＝p水+△p＝784pa+196pa＝980pa；
由p＝ρgh可得此时水的深度：
h1＝
＝0.1m；
由题知，原来容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即：
p乙＝p水＝784pa；
由p＝ρgh可得，液体乙的密度：
ρ乙＝
＝800kg/m3。
①甲容器中水的体积为2×
②容器甲中水对容器底部的压强为784pa；
③液体乙的密度为800kg/m3。
17．【分析】①已知电路中R1的电阻和电压，根据I＝
求电阻电流；
②根据串联电路中电压之比等于电阻之比求解；
①根据电路图可知，电压表测量R1两端的电压，
又因为R1＝10Ω，
所以通过电阻R1的电流I1＝
＝0.5A；
②电源电压和电压表示数的比值最大为3，此时应为电压表最小值，
即
＝3，得U1′＝4V，
电压表最大值应该是当滑动变阻器阻值最小，即电流最大时，滑动变阻器R2上标有“1A”字样，
所以可得，1A＝
，
解得，R2′＝2Ω，
此时R1的电压U1″＝I′R1＝1A×
10Ω＝10V，
电压表示数的最大值和最小值的差值应为10V﹣4V＝6V；
①通过电阻R1的电流I1＝0.5A；
②电压表示数的最大值和最小值的差值6V。
18．【分析】
（1）在“验证阿基米德原理”的实验中，利用称重法测浮力，利用量筒测量排开水的体积；
（2）在“测定小灯泡的电功率”的实验，利用电压表测量灯两端的电压U，利用电流表测量通过的灯的电流I，利用P＝UI求灯的电功率。
（1）如图，在“验证阿基米德原理”的实验中，物体受到的浮力F浮＝F1﹣F2；
利用排水法可得物体排开水的体积V排＝V2﹣V1，由G＝mg＝ρVg可得排开水的重力G排＝ρ水V排g＝ρ水（V2﹣V1）g；
比较F浮、G排的大小验证阿基米德原理，可见，该实验中，用量筒测物体排开水的体积；
使用弹簧测力计前，应将指针调到零刻度处。
（2）如图，利用电压表测量灯两端的电压U，利用电流表测量通过的灯的电流I，利用P＝UI求灯的电功率。
排开水的体积；
零；
P＝UI。
19．【分析】
（1）探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心。
（2）当物距小于二倍焦距，大于一倍焦距时，像距二倍焦距以外，成倒立、放大的实像。
（1）实验前，把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，为了使得像成在光屏的中央；
（2）凸逶镜焦距f＝10cm，蜡烛到凸透镜的距离为10cm，由于如图所示的凸透镜的光心在凸透镜中心位置，故物距略大于10cm，即2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。
同一高度；
放大。
20．【分析】①根据电路连接正确确定电路的连接，因电源电压为3V确定电压表选用的量程；
②读出（a）图中电压表示数；
（b）图中，若电流表选用大（小）量程得出电流大小；
根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压；
由欧姆定律，得出变阻器连入电路的电阻，与题中所给的变阻器的规格差比较，从而确定电流表选用的量程；
③根据电流表选用的量程确定电流表示数，继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为1.6V和1.2V，据此得出电流表对应的示数，由欧姆定律分别得出电阻大小。
①电路连接正确，即待测电阻与变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表与待测电阻并联，因电源电压为3V，故电压表选用小量程0﹣3V；
②（a）图中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.4V，
（b）图中，若电流表选用大量程，分度值为0.1A，电流为1.4A；
若选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A；
根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：
3V﹣1.4V＝1.6V，
若电流表选用大量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑中＝
≈1.14Ω，变阻器电阻为2×
1.14Ω＝2.28Ω，与题中所给的变阻器的规格差别较大；
若电流表选用小量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
≈5.71Ω，变阻器电阻为2×
5.71Ω＝11.4Ω，与题中所给的10Ω2A变阻器的相吻合；
故电流表选用小量程0﹣0.6A；
③电流表示数为0.28A．继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为1.6V和1.2V：
若电压表示数为1.4V+2×
0.1V＝1.6V，即电压表示数变大，根据U＝IR，则电路中和电流也应变大，电流为：
0.28A+2×
0.02A＝0.32A；
由欧姆定律得：
Rx＝
＝5Ω；
若电压表示数为1.4V﹣2×
0.1V＝1.2V，即电压表示数变小，根据U＝IR，则电路中和电流也应变小，电流为：
0.28A﹣2×
0.02A＝0.24A；
①电压表的量程是0﹣3伏。
③Rx＝
＝5Ω或Rx＝
＝5Ω。
21．【分析】①纵向比较实验序号1与2与3或5与6与7的数据，得出结论；
②纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据得结论；
③已知两种液体密度大小，比较实验序号1与5或2与6或3与7的数据，找出相同量和不同量，分析得出△F与变化量的关系；
④根据称重法测浮力，△F＝F0﹣F求出本实验中圆柱体的重力；
由②可知同一物体在同种液体中，△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比；
但序号4与8实验不符合这个规律；
根据阿基米德原理，F浮＝ρ液gV排，可分析得出4与8这两中情况下圆柱体已浸没在液体中，由阿基米德原理：
根据1、4两次实验受到的浮力之比求出圆柱体的高度。
同一物体在同种液体中，弹簧测力计示数F随圆柱体的下表
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