人教版八年级物理下册综合典型题目含详解4160Word下载.docx

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轮船始终在水面漂浮，所以轮船空载时的排水量等于轮船的自身质量．那么满载时的排水量就等于轮船自身质量与货物质量之和．

当轮船在上海码头卸下货物后，质量减少，轮船的重力减小，船漂浮在水面上时，船的浮力等于物体重力，所以轮船所受到的浮力也减小，即轮船将上浮一些，卸下货物的质量等于轮船减少的排水量，轮船的“排水量”指的是满载时排开水的质量，对于任何一艘轮船来说，它是固定不变．

44、（2011•大连模拟）一个大物块甲，先后两次分别在小物块乙和小物块丙的作用下，其上表面恰好与水面相平，甲、乙之间用绳连接，如图所示．则下列说法正确的是（　　）

A．两种情况下，甲物块所受浮力相等

B．绳的拉力与丙物块的重力大小相等

C．乙物块的密度比水小

D．乙物块的质量比丙物块大

【分析】A、两种情况下甲物体排开水的体积相同，由阿基米德原理得出受到的浮力相同；

B、左边甲物体受到水的浮力等于甲物体重加上绳的拉力，右边甲物体受到水的浮力等于甲物体重加上丙物体重；

由此可知绳的拉力与丙物块的重力大小相等；

C、乙物体要给甲物体向下的拉力，乙物体受到的重力要大于浮力，因此乙物体的密度要大于水的密度；

D、把甲乙、甲丙分别当做一个物体进行受力分析，因为都是漂浮体，浮力都等于自重，而甲乙物体受到的浮力比甲丙物体受到的浮力大，所以乙物块的重比丙物块大，据此分析乙丙两物块的质量关系．

A、∵F浮=ρ水v排g，两种情况下甲物体排开水的体积相同，

∴甲物体受到的浮力相同，故A正确；

B、左边甲物体受到水的浮力：

F浮=G甲+F拉，

右边甲物体受到水的浮力：

F浮=G甲+G丙，

∵甲物体受到的浮力相同，

∴F拉=G丙，故B正确；

C、乙物体的密度大于水的密度，乙物体才能下沉，才能给甲物体向下的拉力，故C错；

D、把甲乙、甲丙分别当做一个物体进行受力分析：

∵甲乙漂浮，

∴甲乙物体受到的浮力：

F甲乙=G甲+G乙，

∵甲丙漂浮，

∴甲丙物体受到的浮力：

F甲丙=G甲+G丙，

∵F甲乙=F甲+F乙，F甲丙=F甲，

∴F甲乙＞F甲丙，

∴G乙＞G丙，

∵G=mg，

∴m乙＞m丙，故D正确．

故选A、B、D．

45、（2015•宁波模拟）如图所示，绳子的一端固定，另一端绕过一个重为G的油桶，在绳子的自由端用大小不变的水平拉力F，使油桶沿水平地面匀速滚动了一段距离s，在此过程中拉力F做的功为（　　）

A．FsB．GsC．2FsD．（G+F）s

【分析】由图可以看出，油桶相当于动滑轮，油桶移动距离s，绳子自由端移动2s，由功的公式可以计算拉力所做的功．

由题知：

拉力为F；

绳子自由端移动距离是2s；

由功的公式得：

W=2Fs．

故选C．

46、（2010•泰兴市校级一模）如图所示，为运动员投掷铅球的过程示意图，下列有关说法错误的是（　　）

A．在a到b的过程中，运动员对铅球做了功

B．在b到c的过程中，运动员对铅球没有做功

C．在c到d的过程中，没有力对铅球做功

D．在a到d的过程中，铅球的运动状态在不断改变

【分析】解此题要依据做功的两个条件，看在不同阶段是否具备这两个条件，若具备就做功，否则不做功．

解此题还需知道力的作用效果是什么．

A、在a到b的过程中，运动员对铅球有一个推力的作用且铅球在推力作用下移动了一段距离，所以在这个阶段，运动员对铅球做了功，故选项A正确；

B、在b到c的过程中，铅球已经离开人手，铅球不再受到手的推力，铅球是靠惯性向前运动一段距离，所以在这个阶段，运动员对铅球没有做功，故选项B正确；

C、在c到d的过程中，铅球始终受到重力作用，且铅球在重力作用下向下运动，所以在这个阶段，重力在对铅球做功，故选项C错误；

D、在a到d的过程中，铅球的运动速度和方向都在不断发生变化，所以运动状态在不断改变，故选项D正确．

47、（2015•潮阳区模拟）2012年的体育考试已经开始，小黄同学选择掷实心球作为自己的考试项目，在考试过程中他用50N的力把重为20N实心球扔到10米远的地方，球又在地上滚了5米停下，请问整个过程小黄对实心球做的功为多少焦耳？

（　　）

A．500JB．750J

C．0JD．条件不足，无法计算

【分析】根据做功的两个条件：

物体受到力，并且在该力的方向通过距离进行判断．

在球扔出后到10米远的地方和在地上滚了5米停下时，球有移动的距离，但他不对实心球施加力的作用，故这两个过程不做功；

他用50N的力扔出20N实心球时，有力的作用，力的方向也有移动的距离，但运动的距离不知，故整个过程小黄对实心球做的功无法计算．

故选D．

48、（2015秋•姜堰区期末）学校运动会上举行“双摇跳绳”比赛，“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法．比赛中，初三某同学1min内摇轻绳240圈，则他在整个跳绳过程中的功率最接近于（　　）

A．100WB．500WC．1000WD．1500W

【分析】首先估计出学生的质量，从而求出重力，再估计出腾空高度，根据W=Fs=Gh计算出做的功；

根据摇绳的次数和时间，结合P=W/t求出功率的大小．

中学生的质量约50kg，其重力为G=mg=50kg×

10N/kg=500N；

跳跃过程中腾空高度约h=0.10m；

因此一次做功W=Fs=Gh=500N×

0.10m=50J；

由于“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法，

所以1min内摇轻绳240圈，人起跳40/2=120次；

在1min内一共做功：

W总=50J×

120=6000J，

49、（2014•金牛区校级二模）铁路提速要解决许多具体的技术问题，其中提高机车牵引力的功率是一个重要问题．已知匀速行驶时，列车所受阻力与速度的平方成正比，即f=kV2．列车要提速，就必须研制出更大功率的机车．那么当列车分别以150km/h和30km/h的速度在水平轨道上匀速行驶时，机车牵引力的功率之比为（　　）

A．5：

1B．25：

1C．36：

1D．125：

1

【分析】当机车匀速前进时，机车的牵引力等于机车所受的阻力，机车牵引力功率可以用公式P=Fv，进行求解．

已知列车匀速行驶时所受阻力与速度平方成正比，即f=kv2，

当列车在水平轨道上匀速行驶时，牵引力等于阻力，即F=f=kv2，

所以由功率公式P=Fv=kv3，所以当列车分别以150km/h和30km/h的速度在水平轨道上匀速行驶时，P1：

P2=k（150km/h）3：

k（30km/h）3=125：

50、（2013•南通模拟）汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P0，牵引力为F0．t1时刻开始，司机减小了油门，使汽车保持恒定功率P行驶，到t2时刻，汽车又开始做匀速直线运动，速度为v．已知运动过程中汽车所受阻力f恒定不变，汽车牵引力F随时间t变化的图象如图所示，则（　　）

A．v0=2v

B．F0=2f

C．t1至t2时间内，汽车做加速运动

D．t2时刻之后，汽车将保持功率P0行驶

51、（2015•孝感模拟）掉在水平地面上的弹性小球会被弹起，而且弹跳的高度会越来越低．如图所示是小球弹跳的频闪照片，MN为等高线，小球在3、5位置的高度一样．下面说法正确的是（　　）

A．小球在位置4时的势能最大

B．小球3和5比较，它们的机械能相同

C．小球从位置1到位置2的过程中，势能主要转化为动能

D．小球3和5比较，在位置5时动能较小，机械能也较小

【分析】利用下列知识分析：

（1）动能大小的影响因素：

质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．

（2）重力势能大小的影响因素：

质量、被举起的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．

（3）机械能=动能+势能．

A、小球在位置4时高度并不是最大，所以势能不是最大，势能最大的点为1，故A错；

B、小球3和5比较，高度相等、势能相等，在弹跳的过程中机械能转化为其他形式的能，机械能减小，所以动能减小．故B错；

C、小球从位置1到位置2的过程中，重力势能主要转化为动能，少部分转化为内能．故C正确．

D、小球3和5比较，在弹跳的过程中机械能转化为其他形式的能，机械能减小，所以小球5比小球3机械能小，故D正确．

故选CD

52、（2015•红桥区一模）为了研究动能的大小与哪些因素有光，教材中设计了“小钢球撞木块”的实验（如图所示）让静止的小钢球从斜面滚下，观察木块被推动的距离．关于该实验的说法中，正确的是（　　）

A．实验过程中，让同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度

B．在实验器材的选择时，可以不考虑斜面的光滑程度，被撞木块的质量和软硬等因素

C．该实验研究的基本方法是控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量等

D．该实验的设计思路是采用转换法，用木块移动的距离来表示动能的大小

【分析】动能的决定因素有两个：

质量和速度，在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”时，应该利用控制变量法的思路，去分析解决；

钢球把木块推出的距离长，说明的动能大这是一种转换的方法．

A、球滚到水平面上时获得的速度与球在斜面上的高度有关，同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度，故A正确；

B、斜面的光滑程度影响小球滚下的速度，木块的质量和软硬影响碰撞的程度，所以在实验器材的选择时，考虑斜面的光滑程度，木块的质量和软硬等因素，故B不正确；

C、球的动能与质量和速度都有关系，根据控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量等；

故C正确；

D、球的动能是从木块被推出的距离看出的，这里采用了转换法的思想，故D正确．

故选ACD．

53、2015•黄冈模拟）如图所示，跳水运动员踏板时首先从高处落到处于自然状态的跳板上（A位置），然后随跳板一同向下运动到最低点（B位置）．从A位置到B位置的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．运动员到达位置A时，所受到的力是相互平衡的

B．运动员到达位置B时，所受到的力是相互平衡的

C．在这个过程中，运动员减小的动能等于跳板增加的弹性势能

D．在这个过程中，运动员减小的动能小于跳板增加的弹性势能

【分析】运动员从接触跳板开始，受到弹力和重力两个力，在整个过程中，弹力从0增加到最大，合力先减小后增大，速度先增大后减小．

A、运动员到的位置A时，受重力，此时踏板未发生形变，弹力为零，所以运动员受力不平衡，A错误；

B、从接触跳板到最低点，弹力增大到最大，此时弹力大于运动员的重力，受力不平衡，B错误；

C、在整个过程中，运动员的动能、重力势能、踏板的弹性势能都在变化，根据能量守恒可知，运动员减小的动能和重力势能之和才等于跳板增加的弹性势能，C错误．

D、由C分析知，运动员减小的动能小于跳板增加的弹性势能．故D正确．

54、（2012•广东模拟）乘电梯的人，随电梯一起匀速上升，人的（　　）

A．机械能不变B．机械能减少

C．机械能增大D．无法肯定机械能的变化

【分析】

（1）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关，弹性势能与物体弹性形变的程度有关，机械能等于动能和势能的和．

（2）分析动能、重力势能、弹性势能的变化就是分析物体质量、速度、高度、弹性形变程度的变化．

匀速，说明速度不变，动能不变；

上升，说明高度增加，重力势能增加，机械能等于动能和重力势能的和，所以机械能增大．

故选C．

55、（2016•黄埔区模拟）如图所示，小球沿轨道由静止从A处运动到D处的过程中，忽略空气阻力和摩擦力，仅有动能和势能互相转化．则（　　）

A．小球在A处的动能等于在D处的动能

B．小球在D处的机械能大于在A处的机械能

C．小球在B处的机械能小于在C处的机械能

D．小球在B处的机械能等于在C处的机械能

（1）该题仅有动能和势能的互相转化，所以可以通过比较小球所处的高度来分析重力势能和动能的大小；

小球在A处所处的高度最高，重力势能最大，动能最小；

小球在B处所处的高度最小，重力势能最小但动能最大．

（2）小球在运动的过程中忽略空气阻力和摩擦力，没有能量的损耗，其动能和势能的总和（机械能）是不变的．

A、根据题意，小球在运动的过程中仅有动能和势能互相转化，所以小球在重力势能较大的地方其动能肯定较小．观察图象，发现小球在A处比在D处所处的高度较高，具有的重力势能较大，所以小球在A处具有的动能小于D处，故A错误；

BCD、根据题意“小球沿轨道由静止从A处运动到D处的过程中，忽略空气阻力和摩擦力，仅有动能和势能互相转化”，所以在整个过程中没有能量的损耗，动能和势能的总和即机械能是不会减少的，小球在各处的机械能都是相等的，故BC错误，D正确．

56、（2015春•武昌区期末）在一个罐子的盖和底各开两个小洞，将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过小洞用竹签固定，如图所示，做好后将它从不太陡的斜面滚下，会看到它从斜面上加速滚下，滚到水平面上后减速停止，然后又反向滚回到斜面上，这样来回滚几次，最后停在水平面上．下列说法正确的是（　　）

A．在它加速滚下过程中，只有重力势能和动能的转化

B．在水平面上滚动时，主要是动能和弹性势能的转化

C．滚动过程中速度为零时，橡皮筋的弹性势能最大

D．若斜面和水平面是光滑的，该装置就可以一直这样来回滚动

【分析】利用控制变量法判断影响动能、重力势能、弹性势能的各因素的变化；

如本题对于同一个铁罐，其质量一定，只通过比较铁罐的速度、所处的高度和橡皮筋的形变程度来判断铁罐的动能、重力势能和弹性势能的变化．

A、铁罐在不太陡的斜面上滚下，是从最高处滚下时，铁罐先由慢到快，这一段滚动主要是重力势能减小，铁罐的动能和橡皮筋的弹性势能增加；

故A错误；

B、在水平面上铁罐做减速运动时，即由快到慢，这一段滚动主要是铁罐的动能减小，橡皮筋的弹性势能增加，即将动能转化为弹性势能；

同时在水平面上反向滚动时，其弹性势能转化为动能，故水平面上滚动时，主要是动能和弹性势能的转化，故B正确；

C、铁罐在滚动过程中速度为零时有两点，即第一点是在水平面上做减速运动，最终静止，故此时弹性势能最大；

第二点是在斜面的最高点上速度为零，即此时其重力势能最大，弹性势能最小，即其动能和弹性势能都转化成重力势能，故C错误；

D、据牛顿第一运动定律可知，若斜面和水平面是光滑的，即没有机械能的损失时，该装置就可以一直这样来回滚动，故D正确；

故选BD．

57、6．（2016•乌鲁木齐）如图所示．利用动滑轮提升一个重为G的物块．不计绳重和摩擦，其机械效率为60%，要使此滑轮的机械效率达到90%，则需要提升重力为G的个数为（　　）

A．3个B．4个C．5个D．6个

选D

58、（2016•泰州）如图所示，杠杆的水平位置平衡，下列操作仍能让杠杆在水平位置保持平衡的是（　　）

A．两侧钩码同时向外移一格

B．两侧钩码同时向内移一格

C．左侧的钩码向内移一格，右侧减去一个钩码

D．在两侧钩码下方，同时加挂一个相同的钩码

【分析】原来杠杆平衡是因为两边的力和力臂的乘积相等．杠杆是否再次平衡要看两边的力和力臂的乘积是否相等．

设一个钩码的重力为G，横梁上一个格的长度为L，原来杠杆处于平衡状态，则有2G×

3L=3G×

2L；

A、两边各向外移一格，左边2G×

4L=8GL，右边3G×

3L=9GL，8GL＜9GL，杠杆右端下沉；

B、两边各往内移一格，左边2G×

2L=4GL，右边3G×

1L=3GL，4GL＞3GL，杠杆左端下沉；

故B错误；

C、左侧的钩码向内移一格，右侧减去一个钩码，左边2G×

2L=4GL，右边2G×

2L=4GL；

4GL=4GL，杠杆平衡；

D、在两侧钩码下方，同时加挂一个相同的钩码，左边3G×

2L=6GL，右边4G×

2L=8GL，6GL＜8GL，杠杆右端下沉，故D错误．

59、（2016•邵阳）如图，在探究杠杆平衡条件的实验中，杠杆处于水平平衡状态．若在杠杆两端的钩码上分别加挂一个完全相同的钩码，则（　　）

A．杠杆不能水平平衡，左端上升

B．杠杆不能水平平衡，右端上升

C．杠杆仍能处于水平平衡状态

D．以上说法都不正确

【分析】根据杠杆平衡条件可知：

F1l1=F2l2杠杆平衡；

如果不相等，力和力臂的乘积大的一端下沉．

设一个钩码的重是1N，由图可知：

F1=1N，l1=20cm，F2=2N，l2=10cm，

若在杠杆两端的钩码上分别加挂一个完全相同的钩码，则F1′=2N，F2′=3N，

则F1′l1=2N×

20cm=40N•cm，F2′l2=3N×

10cm=30N•cm，

F1′l1＞F2′l2，所以杠杆左端下沉，右端上升．

60、（2015•威海）如图是吊车起吊货物的结构示意图，伸缩撑杆为圆弧状，工作时它对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，使吊臂绕O点缓慢转动，从而将货物提起．下列说法正确的是（　　）

A．吊臂是一省力杠杆，但要费距离

B．吊臂是一个费力杠杆，但可以省功

C．匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆支持力的力臂变小

D．匀速顶起吊臂的过程中，伸缩撑杆支持力渐渐变小

【分析】根据杠杆平衡条件，F1×

l1=F2×

l2，根据动力臂和阻力臂的关系分析是省力杠杆、等臂杠杆、费力杠杆．

根据匀速吊起货物时，阻力不变，阻力臂变化，动力臂不变，再次利用杠杆平衡条件进行判断支持力的大小变化．

A、如图画出动力臂和阻力臂，动力臂L1小于阻力臂L2，根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，吊臂是费力杠杆．故A错误；

B、吊臂是费力杠杆，费力但可以省距离，但不省功，故B错；

CD、由题知，吊车工作时它对吊臂的支持力始终与吊臂垂直，动力臂不变，阻力不变，阻力臂减小，根据F1×

l2可知动力减小，所以伸缩撑杆的支持力逐渐变小．故C错、D正确．