初一相交线与平行线动点提高题压轴题文档格式.docx

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∵AB∥DE，

∴∠BFE=∠ABC=70°

，则∠CFE=180°

-∠BFD=110°

∴∠C=∠CDE-∠CFE=147°

-110°

=37°

故答案是：

37°

；

（3）延长DC交AB于点F，作△ACF的外角∠4．

∵CD∥BE，

∴∠DFB=∠3，

又∵∠DFB+∠2+∠4=360°

∴∠2+∠3+∠4=360°

，即∠2+∠3=360°

-∠4．

∴∠2+∠3-∠1=360°

-∠4-∠1=360°

-180°

=180°

180°

（4）延长BE交直线CD于点G．

∵AB∥CD，

∴∠ABE=∠BGD，

又∵∠ABE=∠DCF，

∴∠BGF=∠DCF，

∴BE∥CF．

例2.平面内的两条直线有相交和平行两种位置关系．

（1）如图1

若AB∥CD

点P在AB、CD外部

求证：

∠BPD=∠B-∠D；

（2）将点P移到AB、CD内部

如图2

（1）中的结论是否成立

若成立

说明理由：

若不成立

则∠BPD、∠B、∠D之间有何数量关系

不必说明理由；

（3）在图2中

将直线AB绕点B逆时针方向旋转一定角度交直线CD于点Q

如图3

则∠BPD、∠B、∠D、∠BQD之间有何数量关系

并证明你的结论；

（4）在图4中

若∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G=n×

90°

则n=______．

解

（1）∵AB∥CD，

∴∠B=∠BOD，

而∠BOD=∠BPD+∠D，

∴∠B=∠BPD+∠D，

即∠BPD=∠B-∠D；

（2）

（1）中的结论不成立，∠BPD=∠B+∠D．

作PQ∥AB，如图2，

∴AB∥PQ∥CD，

∴∠1=∠B，∠2=∠D，

∴∠BPD=∠B+∠D；

（3）∠BPD=∠B+∠D+∠BQD．理由如下：

连结QP并延长到E，如图3，

∵∠1=∠B+∠BQP，∠2=∠D+∠DQP，

∴∠1+∠2=∠B+∠BQP+∠D+∠DQP，

∴∠BPD=∠B+∠D+∠BQD；

（4）连结AG，如图4，

∵∠B+∠F=∠BGA+∠FAG，

∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G=∠A+∠FAG+∠C+∠D+∠E+∠BAG+∠G=（5-2）×

=6×

∴n=6．

故答案为6．

例3.如图，直线AC∥BD，连结AB，直线AC、BD及线段AB把平面分成①、②、③、④四个部分，规定：

线上各点不属于任何部分。

当动点P落在某个部分时，连结PA、PB，构成∠PAC、∠APB、∠PBD三个角。

（提示：

有公共端点的两条重合的射线所组成的角是0°

）

（1）当动点P落在第①部分时，求证：

∠APB＝∠PAC＋∠PBD；

（2）当动点P落在第②部分时，∠APB＝∠PAC＋∠PBD是否成立（直接回答成立或不成立）

（3）当动点P落在第③部分时，全面探究∠PAC、∠APB、∠PBD之间的关系，并写出动点P的具体位置和相应的结论。

选择其中一种结论加以证明。

（1）解法一：

如图9-1

延长BP交直线AC于点E

∵AC∥BD,∴∠PEA=∠PBD.

∵∠APB=∠PAE+∠PEA,

∴∠APB=∠PAC+∠PBD.

解法二：

如图9-2

过点P作FP∥AC,

∴∠PAC=∠APF.

∵AC∥BD,∴FP∥BD.

∴∠FPB=∠PBD.

∴∠APB=∠APF+∠FPB=∠PAC+∠PBD.

解法三：

如图9-3，

∵AC∥BD,∴∠CAB+∠ABD=180°

即∠PAC+∠PAB+∠PBA+∠PBD=180°

.

又∠APB+∠PBA+∠PAB=180°

∴∠APB=∠PAC+∠PBD.

（2）不成立.

（3）（a）当动点P在射线BA的右侧时，结论是

∠PBD=∠PAC+∠APB.

（b）当动点P在射线BA上，

结论是∠PBD=∠PAC+∠APB.

或∠PAC=∠PBD+∠APB或∠APB=0°

∠PAC=∠PBD（任写一个即可）.

（c）当动点P在射线BA的左侧时，

结论是∠PAC=∠APB+∠PBD.

选择（a）证明：

如图9-4，连接PA，连接PB交AC于M

∵AC∥BD,

∴∠PMC=∠PBD.

又∵∠PMC=∠PAM+∠APM,

∴∠PBD=∠PAC+∠APB.

选择（b）证明：

如图9-5

∵点P在射线BA上，∴∠APB=0°

.

∵AC∥BD,∴∠PBD=∠PAC.

∴∠PBD=∠PAC+∠APB

或∠PAC=∠PBD+∠APB

或∠APB=0°

，∠PAC=∠PBD.

选择（c）证明：

如图9-6，连接PA，连接PB交AC于F

∵AC∥BD,∴∠PFA=∠PBD.

∵∠PAC=∠APF+∠PFA,

考点训练

一．选择题

1．将一直角三角板与两边平行的纸条如图所示放置，下列结论：

（1）∠1=∠2；

（2）∠3=∠4；

（3）∠2+∠4=90°

（4）∠4+∠5=180°

，其中正确的个数是（　　）

A．1B．2C．3D．4

【分析】根据两直线平行同位角相等，内错角相等，同旁内角互补，及直角三角板的特殊性解答．

解：

∵纸条的两边平行，

∴

（1）∠1=∠2（同位角）；

（2）∠3=∠4（内错角）；

（同旁内角）均正确；

又∵直角三角板与纸条下线相交的角为90°

∴（3）∠2+∠4=90°

，正确．

故选：

D．

2．如图，∠A0B的两边OA，OB均为平面反光镜，∠A0B=40°

．在射线OB上有一点P，从P点射出一束光线经OA上的Q点反射后，反射光线QR恰好与OB平行，则∠QPB的度数是（　　）

A．60°

B．80°

C．100°

D．120°

【分析】根据两直线平行，同位角相等、同旁内角互补以及平角的定义可计算即可．

∵QR∥OB，∴∠AQR=∠AOB=40°

，∠PQR+∠QPB=180°

∵∠AQR=∠PQO，∠AQR+∠PQO+∠RQP=180°

（平角定义），

∴∠PQR=180°

﹣2∠AQR=100°

∴∠QPB=180°

﹣100°

=80°

B．

3．如图，直线l1∥l2，∠A=125°

，∠B=85°

，则∠1+∠2=（　　）

A．30°

B．35°

C．36°

D．40°

【分析】过点A作l1的平行线，过点B作l2的平行线，根据两直线平行，内错角相等可得∠3=∠1，∠4=∠2，再根据两直线平行，同旁内角互补求出∠CAB+∠ABD=180°

，然后计算即可得解．

如图，过点A作l1的平行线，过点B作l2的平行线，

∴∠3=∠1，∠4=∠2，

∵l1∥l2，

∴AC∥BD，

∴∠CAB+∠ABD=180°

∴∠3+∠4=125°

+85°

﹣180°

=30°

∴∠1+∠2=30°

A．

4．如图，把矩形ABCD沿直线EF折叠，若∠1=20°

，则∠2=（　　）

A．80°

B．70°

C．40°

D．20°

【分析】过G点作GH∥AD，则∠2=∠4，根据折叠的性质∠3+∠4=∠B=90°

，又AD∥BC，则HG∥BC，根据平行线性质得∠1=∠3=20°

，所以∠2∠4=90°

﹣20°

=70°

过G点作GH∥AD，如图，

∴∠2=∠4，

∵矩形ABCD沿直线EF折叠，

∴∠3+∠4=∠B=90°

∵AD∥BC，

∴HG∥BC，

∴∠1=∠3=20°

∴∠4=90°

∴∠2=70°

故选B．

5．如图，已知DE由线段AB平移得到的，且AB=DC=4cm，EC=3cm，则△DCE的周长是（　　）

9cm

10cm

C．

11cm

12cm

6．如图，将△ABC沿BC方向平移2cm得到△DEF，若△ABC的周长为16cm，则四边形ABFD的周长为（　　）

16cm

18cm

20cm

22cm

二．填空题

1.如图，计划把河水引到水池A中，先作AB⊥CD，垂足为B，然后沿AB开渠，能使所开的渠道最短，这样设计的依据是　连接直线外一点与直线上所有点的连线中，垂线段最短　．

【分析】过直线外一点作直线的垂线，这一点与垂足之间的线段就是垂线段，且垂线段最短．

根据垂线段定理，连接直线外一点与直线上所有点的连线中，垂线段最短，

∴沿AB开渠，能使所开的渠道最短．

故答案为：

连接直线外一点与直线上所有点的连线中，垂线段最短．

2．用等腰直角三角板画∠AOB=45°

，并将三角板沿OB方向平移到如图所示的虚线处后绕点M逆时针方向旋转22°

，则三角板的斜边与射线OA的夹角α为　22　度．

【分析】由平移的性质知，AO∥SM，再由平行线的性质可得∠WMS=∠OWM，即可得答案．

由平移的性质知，AO∥SM，

故∠WMS=∠OWM=22°

22．

3．如图，直线AE∥BD，点C在BD上，若AE=4，BD=8，△ABD的面积为16，则△ACE的面积为　8　．

【分析】根据两平行线间的距离相等，可知两个三角形的高相等，所以根据△ABD的面积可求出高，然后求△ACE的面积即可．

在△ABD中，当BD为底时，设高为h，

在△AEC中，当AE为底时，设高为h′，

∵AE∥BD，

∴h=h′，

∵△ABD的面积为16，BD=8，

∴h=4．

则△ACE的面积=

×

4×

4=8．

三．解答题

1．如图，已知，l1∥l2，C1在l1上，并且C1A⊥l2，A为垂足，C2，C3是l1上任意两点，点B在l2上．设△ABC1的面积为S1，△ABC2的面积为S2，△ABC3的面积为S3，小颖认为S1=S2=S3，请帮小颖说明理由．

【分析】根据两平行线间的距离相等，即可解答．

∵直线l1∥l2，

∴△ABC1，△ABC2，△ABC3的底边AB上的高相等，

∴△ABC1，△ABC2，△ABC3这3个三角形同底，等高，

∴△ABC1，△ABC2，△ABC3这些三角形的面积相等．

即S1=S2=S3．

2．如图，已知AB∥CD，BE平分∠ABC，DE平分∠ADC，∠BAD=80°

，试求：

（1）∠EDC的度数；

（2）若∠BCD=n°

，试求∠BED的度数．

【分析】

（1）由AB与CD平行，利用两直线平行内错角相等得到一对角相等，再由DE为角平分线，即可确定出∠EDC的度数；

（2）过E作EF∥AB，则EF∥AB∥CD，利用两直线平行，内错角相等以及角平分线的定义求得∠BEF的度数，根据平行线的性质求得∠FED的度数，则∠BED即可求解．

（1）∵AB∥CD，

∴∠ADC=∠BAD=80°

又∵DE平分∠ADC，

∴∠EDC=

∠ADC=40°

（2）过E作EF∥AB，则EF∥AB∥CD．

∴∠ABC=∠BCD=n°

又∵BE平分∠ABC，

∴∠ABE=

n°

∵EF∥AB，

∴∠BEF=∠ABE=

∵EF∥CD，

∴∠FED=∠EDC=40°

∴∠BED=

+40°

3．△ABC在如图所示的平面直角中，将其平移后得△A′B′C′，若B的对应点B′的坐标是（4，1）．

（1）在图中画出△A′B′C′；

（2）此次平移可看作将△ABC向　左　平移了　2　个单位长度，再向　下　平移了　1　个单位长度得△A′B′C′；

（3）△A′B′C′的面积为　10　．

（1）根据“B的对应点B′的坐标是（4，1）”的规律求出对应点的坐标，顺次连接即可．

（2）通过作图可直接得到答案是：

向左平移2个单位长度，向下平移1个单位长度．

（3）平移后的面积与原面积相同，可用补全法求面积．

（1）如图．

（2）向左平移2个单位长度，向下平移1个单位长度．（平移的顺序可颠倒）

（3）把△ABC补成矩形再把周边的三角形面积减去，即可求得△A′B′C′的面积=△ABC的面积为=24﹣4﹣4﹣6=10．

作平移图形时，找关键点的对应点也是关键的一步．平移作图的一般步骤为：

①确定平移的方向和距离，先确定一组对应点；

②确定图形中的关键点；

③利用第一组对应点和平移的性质确定图中所有关键点的对应点；

④按原图形顺序依次连接对应点，所得到的图形即为平移后的图形．

4．实验证明，平面镜反射光线的规律是：

射到平面镜上的光线和被反射出的光线与平面镜所夹的锐角相等．

（1）如图，一束光线m射到平面镜a上，被a反射到平面镜b上，又被b反射．若被b反射出的光线n与光线m平行，且∠1=38°

，则∠2=　76　°

，∠3=　90　°

（2）在

（1）中，若∠1=55°

，则∠3=　90　°

若∠1=40°

（3）由

（1）、

（2），请你猜想：

当两平面镜a、b的夹角∠3=　90　°

时，可以使任何射到平面镜a上的光线m，经过平面镜a、b的两次反射后，入射光线m与反射光线n平行．你能说明理由吗

（1）根据入射角与反射角相等，可得∠1=∠5，∠7=∠6，根据邻补角的定义可得∠4=104°

，根据m∥n，所以∠2=76°

，∠5=38°

，根据三角形内角和为180°

，即可求出答案；

（2）结合题

（1）可得∠3的度数都是90°

（3）证明m∥n，由∠3=90°

，证得∠2与∠4互补即可．

（1）∵入射角与反射角相等，即∠1=∠5，∠7=∠6，

又∵∠1=38°

∴∠5=38°

∴∠4=180°

﹣∠1﹣∠5=104°

∵m∥n，

∴∠2=180°

﹣∠4=76°

∴∠6=（180°

﹣76°

）÷

2=52°

∴∠3=180°

﹣∠6﹣∠5=90°

（2）由

（1）可得当∠1=55°

和∠1=40°

时，

∠3的度数都是90°

（3）∵∠3=90°

∴∠6+∠5=90°

又由题意知∠1=∠5，∠7=∠6，

∴∠2+∠4=180°

﹣（∠7+∠6）+180°

﹣（∠1+∠5），

=360°

﹣2∠5﹣2∠6，

﹣2（∠5+∠6），

由同旁内角互补，两直线平行，

可知：

m∥n．

76°

，90°

5．如图，已知直线l1∥l2，l3、l4和l1、l2分别交于点A、B、C、D，点P在直线l3或l4上且不与点A、B、C、D重合．记∠AEP=∠1，∠PFB=∠2，∠EPF=∠3．

（1）若点P在图

（1）位置时，求证：

∠3=∠1+∠2；

（2）若点P在图

（2）位置时，请直接写出∠1、∠2、∠3之间的关系；

（3）若点P在图（3）位置时，写出∠1、∠2、∠3之间的关系并给予证明．

【分析】此题三个小题的解题思路是一致的，过P作直线l1、l2的平行线，利用平行线的性质得到和∠1、∠2相等的角，然后结合这些等角和∠3的位置关系，来得出∠1、∠2、∠3的数量关系．

证明：

（1）过P作PQ∥l1∥l2，

由两直线平行，内错角相等，可得：

∠1=∠QPE、∠2=∠QPF；

∵∠3=∠QPE+∠QPF，

∴∠3=∠1+∠2．

（2）关系：

∠3=∠2﹣∠1；

过P作直线PQ∥l1∥l2，

则：

∵∠3=∠QPF﹣∠QPE，

∴∠3=∠2﹣∠1．

（3）关系：

∠3=360°

﹣∠1﹣∠2．

过P作PQ∥l1∥l2；

同

（1）可证得：

∠3=∠CEP+∠DFP；

∵∠CEP+∠1=180°

，∠DFP+∠2=180°

∴∠CEP+∠DFP+∠1+∠2=360°

即∠3=360°

6．如图，直线CB∥OA，∠C=∠OAB=100°

，E、F在CB上，且满足∠FOB=∠AOB，OE平分∠COF

（1）求∠EOB的度数；

（2）若平行移动AB，那么∠OBC：

∠OFC的值是否随之发生变化若变化，找出变化规律或求出变化范围；

若不变，求出这个比值．

（3）在平行移动AB的过程中，是否存在某种情况，使∠OEC=∠OBA若存在，求出其度数；

若不存在，说明理由．

（1）根据两直线平行，同旁内角互补求出∠AOC，然后求出∠EOB=

∠AOC，计算即可得解；

（2）根据两直线平行，内错角相等可得∠AOB=∠OBC，再根据三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和可得∠OFC=2∠OBC，从而得解；

（3）根据三角形的内角和定理求出∠COE=∠AOB，从而得到OB、OE、OF是∠AOC的四等分线，再利用三角形的内角和定理列式计算即可得解．

（1）∵CB∥OA，

∴∠AOC=180°

﹣∠C=180°

∵OE平分∠COF，

∴∠COE=∠EOF，

∵∠FOB=∠AOB，

∴∠EOB=∠EOF+∠FOB=

∠AOC=

80°

=40°

（2）∵CB∥OA，

∴∠AOB=∠OBC，

∴∠FOB=∠OBC，

∴∠OFC=∠FOB+∠OBC=2∠OBC，

∴∠OBC：

∠OFC=1：

2，是定值；

（3）在△COE和△AOB中，

∵∠OEC=∠OBA，∠C=∠OAB，

∴∠COE=∠AOB，

∴OB、OE、OF是∠AOC的四等分线，

∴∠COE=

=20°

∴∠OEC=180°

﹣∠C﹣∠COE=180°

故存在某种情况，使∠OEC=∠OBA，此时∠OEC=∠OBA=60°

7.平面内的两条直线有相交和平行两种位置关系．

（1）如图1，若AB∥CD，点P在AB、CD内部，∠B=50°

，∠D=30°

，求∠BPD．

（2）如图2，将点P移到AB、CD外部，则∠BPD、∠B、∠D之间有何数量关系请证明你的结论．

（2）如图3，写出∠BPD﹑∠B﹑∠D﹑∠BQD之间的数量关系（不需证明）．

（3）如图4，求出∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F的度数．

解:

（1）过点P作PE∥AB，

∴AB∥EP∥CD，

∴∠B=∠1=50°

，∠D=∠2=30°

∴∠BPD=80°

（2）∠B=∠BPD+∠D．

理由如下：

设BP与CD相交于点O，

∴∠BOD=∠B，

在△POD中，∠BOD=∠BPD+∠D，

∴∠B=∠BPD+∠D．

（3）如图，连接QP并延长，

结论：

∠BPD=∠BQD+∠B+∠D．

（4）如图，由三角形的外角性质，∠A+∠E=∠1，∠B+∠F=∠2，

∵∠1+∠2+∠C+∠D=360°

∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=360°

8．如图1，直线MN与直线AB、CD分别交于点E、F，∠1与∠2互补．

（1）试判断直线AB与直线CD的位置关系，并说明理由；

（2）如图2，∠BEF与∠EFD的角平分线交于点P，EP与CD交于点G，点H是MN上一点，且GH⊥EG，求证：

PF∥GH；

（3）如图3，在

（2）的条件下，连接PH，K是GH上一点使∠PHK=∠HPK，作PQ平分∠EPK，问∠HPQ的大小是否发生变化若不变，请求出其值；

若变化，说明理由．

（1）利用对顶角相等、等量代换可以推知同旁内角∠AEF、∠CFE互补，所以易证AB∥CD；

（2）利用

（1）中平行线的性质推知°

然后根据角平分线的性质、三角形内角和定理证得∠EPF=90°

，即EG⊥PF，故结合已知条件GH⊥EG，易证PF∥GH；

（3）利用三角形外角定理、三角形内角和定理求得∠4=90°

﹣∠3=90°

﹣2∠2；

然后由邻补角的定义、角平分线的定义推知∠QPK=

∠EPK=45°

+∠2；

最后根据图形中的角与角间的和差关系求得∠HPQ的大小不变，是定值45°

（1）如图1，∵∠1与∠2互补，

∴∠1+∠2=180°

又∵∠1=∠AEF，∠2=∠CFE，

∴∠AEF+∠CFE=180°

∴AB∥CD；

（2）如图2，由

（1）知，AB∥CD，

∴∠BEF+∠EFD=180°

又∵∠BEF与∠EFD的角平分线交于点P，

∴∠FEP+∠EFP=

（∠BEF+∠EFD）=90°

∴∠EPF=90°

，即EG⊥PF．

∵GH⊥EG，

∴PF∥GH；

（3）∠HPQ的大小不发生变化，理由如下：

如图3，∵∠1=∠2，

∴∠3=2∠2．

又∵GH⊥EG，

﹣2∠2．

∴∠EPK=180°

﹣∠4=90°

+2∠2．

∵PQ平分∠EPK，

∴∠QPK=

+∠2．

∴∠HPQ=∠QPK﹣∠2=45°

∴∠HPQ的大小不发生变化，一直是45°

11．画图并填空：

如图，△ABC的顶点都在方格纸的格点上，将△ABC向下平移2倍，再向右平移3格．

（1）请在图中画出平移后的△A′B′C′；

（2）在图中画出△的A′B′C′的高C′D′（标出点D′的位置）；

（3）如果每个小正方形边长为1，则△A′B′C′的面积=　　　　　　．（答案直接填在题中横线上）