推荐学年河南省信阳市高二上学期期期中考试物理文档格式.docx
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C.DC两点间电势差小于CE两点间电势差
D.电子从F点沿直线移动到G点,电场力先做正功,后做负功
4.如图所示,在x轴相距为L的两点固定两个等量异种电荷+Q和-Q,虚线是以+Q所在点为圆心、L/2为半径的圆,a、b、c、d是圆上的四个点,其中a、c两点在x轴上,b、d两点关于x轴对称。
下列判断不正确的是
A、b、d两点电势相同
B、a、b、c、d四个点中,c点电势最低
C、b、d两点电场强度相同
D、将一试探电荷+q沿圆周从a点移动到c点,其电势能减小
5.如图所示,不带电的金属球A固定在绝缘底座上,它的正上方有B点,该处有带电液滴不断地自静止开始落下,液滴到达A球后将电荷量全部传给A球,设前一液滴到达A球后,后一液滴才开始下落,不计B点处还未下落的带电液滴对已下落液滴的影响,则下列叙述中正确的是
A.第一滴液滴做自由落体运动,以后液滴做变加速运动,都能到达A球
B.能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等
C.所有液滴下落过程中电场力做功相等
D.当液滴下落到重力等于电场力位置后,开始做匀速运动
6.如图虚线框内为高温超导限流器,它由超导部件和限流电阻并联组成。
超导部件有一个超导临界电流IC,当通过限流器的电流I>
IC时,将造成超导部件失超,从超导态(电阻为零,即R1=0)转变为正常态(一个纯电阻,且R1=3Ω),以此来限制电力系统的故障电流。
已知超导临界电流IC=1.2A,限流电阻R2=6Ω,小灯泡L上标有“6V6W”的字样,电源电动势E=8V,内阻r=2Ω。
原来电路正常工作,超导部件处于超导态,灯泡L正常发光,现L突然发生短路,则
A.灯泡L短路前通过R2的电流为
A
B.灯泡L短路后超导部件将由超导状态转化为正常态,通过灯泡电流为零
C.灯泡L短路后通过R1的电流为4A
D.灯泡L短路后通过R2的电流为
7.如图所示的电路中,R0为定值电阻,R为滑动变阻器.当滑动片P由a端向b端滑动的过程中,关于理想电压表、电流表的示数U和I的变化情况,下列说法中正确的是
A.U先增大后减小,I先减小后增大
B.U先减小后增大,I先增大后减小
C.U一直增大,I一直减小
D.U一直减小,I一直增大
8.(多选)如图所示,d处固定有负点电荷Q,一个带电质点只在电场力作用下运动,射入此区域时的运动轨迹为图中曲线abc,a、b、c、d恰好是一正方形的四个顶点,则有
A.a、b、c三点处电势高低关系是φa=φc>
φb
B.质点由a到c,电势能先增加后减小,在b点动能最小
C.质点在a、b、c三点处的加速度大小之比为2∶1∶2
D.若只将d处的点电荷改为+Q,该带电质点的运动轨迹仍可能为曲线abc
9.(多选)如图所示,A、B均为半个绝缘正方体,质量均为m,在A、B内部各嵌入一个带电小球,A带电量为+q,B带电量为-q,且两个小球的球心连线垂直于AB接触面。
A、B最初靠在竖直的粗糙墙上。
空间有水平向右的匀强电场,场强大小为E,重力加速度为g。
现将A、B无初速度释放,下落过程中始终相对静止,忽略空气阻力,则下列说法中正确的是
A.两物块下落的加速度大小均为g
B.两物块下落的加速度大小应小于g
C.B受到A的摩擦力作用,方向沿接触面向上
D.A、B之间接触面上的弹力为零
10.(多选)如图,平行板电容器两极板水平放置,现将其和二极管串联接在电源上,已知A和电源正极相连,二极管具有单向导电性。
一带电小球沿AB中心水平射入,打在B极板上的N点,小球的重力不能忽略且重力大于电场力,现通过上下移动A板来改变两极板AB间距(两极板始终平行),则下列说法正确的是
A.若小球带正电,当AB间距增大时,小球将打在N的右侧
B.若小球带正电,当AB间距减小时,小球将打在N的左侧
C.若小球带负电,当AB间距增大时,小球将打在N的左侧
D.若小球带负电,当AB间距减小时,小球将打在N的右侧
第Ⅱ卷(非选择题,共60分)
二、填空题(共两小题,共16分,请将正确答案填在题中的横线上)
11.(4分)读出游标卡尺的读数为__________cm.螺旋测微器的读数为__________mm
12.(12分)某实验小组描绘规格为“2.5V0.6W”的小灯泡的I﹣U特性曲线,实验室提供下列器材:
A.电流表A1(量程为0﹣25mA,内阻约0.2Ω)
B.电流表A2(量程为0一300mA,内阻约1Ω)
C.电压表V1(量程为0﹣3V,内阻约5kΩ)
D.电压表V2(量程为0﹣15V,内阻约15kΩ)
E.滑动变阻器R1(0一10Ω,额定电流1.5A);
F.滑动变阻器R2(0一1000Ω,额定电流0.5A)
G.直流电源(电动势6V,内阻忽略不计)
H.电键一个、导线若干
(1)在小灯泡接入电路前,使用多用电表直接测量小灯泡的电阻,则应将选择开关旋至 档进行测量(填选项前的字母)。
A.直流电压10VB.直流电流5mAC.欧姆“×
100”D.欧姆“×
1”
(2)实验中所用的电流表、电压表和滑动变阻器分别选择()
A.A1V1R2B.A2V1R1C.A2V2R2D.A1V1R1
(3)若采用如图1所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线,电压表的右端应与电路中的 点相连(选填“a”或“b”)
(4)开关闭合之前,图1中滑动变阻器的滑片应该置于 端(选填“c”、“d”或“cd中间”)
(5)测量后,该小组根据实验数据,利用Excel拟合出小灯泡的I﹣U特性曲线如图2所示。
结合所画出的I﹣U特性曲线,现将一个电动势为3.6V,内阻为12Ω的电源只与该小灯泡组成电路,则该小灯泡的实际功率约为 W。
(结果保留两位有效数字)
(6)该小组按实验要求设计出正确电路图并正确连线后,合上电键,慢慢增大小灯泡的电压,发现刚开始时两电表指针均偏转,但小灯泡不发光,请简要分析原因:
。
三、计算题(本大题有4个小题,共44分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案不能得分;
有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。
)
13.(8分)如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线,将带电荷量为q=-1.0×
10-6C的点电荷由A点沿水平线移至B点,克服电场力做了2×
10-6J的功,已知A、B间的距离为2cm.。
试求:
(1)A、B两点间的电势差UAB及该匀强电场的电场强度
(2)若A点的电势为φA=1V,试求B点的电势φB
14.(10分)如图1、2所示,两电源的电动势均为6V,内阻为0.5Ω,小型电动机M的线圈电阻为0.5Ω,滑动变阻器的最大阻值为5Ω,限流电阻R0均为2.5Ω,若理想电压表的示数均为2.5V时,试求:
(1)在图1中电源的输出功率和电动机输出的机械功率
(2)在图2中限流电阻R0可消耗的最大功率
15.(12分)如图所示,在水平方向的匀强电场中,用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m,带电荷量为q的小球1,线的上端固定于O点,若在B点同一水平线上的左方距离为r处固定另一带电小球2,小球1恰好在B点处于静止状态,当拿走小球2后,小球1由静止开始向上摆动,当细线转过120°
角到达A点时的速度恰好为零,此时OA恰好处于水平状态,设整个过程中细线始终处于拉直状态,静电力常量为k.试求:
(1)BA两点间的电势差U;
(2)匀强电场的场强E的大小;
(3)小球2的带电量Q.
16.(14分)在真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场.若将一个质量为m、电荷量为+q的小球在此电场中由静止释放,小球将沿与竖直方向夹角为53°
的直线运动。
现将该小球从电场中某点以初速度v0竖直向上抛出,求运动过程中(已知sin53°
=0.8,cos53°
=0.6,不计空气阻力)
(1)此电场的电场强度大小
(2)小球运动的抛出点至最高点之间的电势差U
(3)小球运动过程中的最小动能
信阳市2018-2018学年度上期期中调研考试
高二物理答题卷
题号
一
二
三
总分
11
12
13
14
15
16
得分
一、选择题(每题4分,共40分;
选不全的得2分,错选不得分)
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
二、填空题(每空2分,共16分)
11._________,_________。
12.
(1),
(2),(3),(4),(5)_________,
(6)。
三、计算题(本大题有4个小题,共44分。
13.(8分)解:
14.(10分)解:
座号
15.(12分)解:
16.(14分)解:
高二物理参考答案
C
D
B
BC
AC
BD
11(4分)5.45cm6.576——6.579mm
12解:
(12分)
(1)D;
(2)B(3)a;
(4)c;
(5)0.24;
(6)电压(电流)较小时,灯丝的温度较低,达不到发光的温度.
三、分析计算题(44分)
13.(8分)解析:
(1)由题意可知,静电力做负功UAB=-2×
10-6J据UAB=
得UAB=2V,
d=2×
10-2cos60°
m=1×
10-2m,由E=
=200V/m,方向:
沿电场线斜向下
(2)UAB=φA-φB,则φB=φA-UAB=-1V
14.(10分)解析:
(1)I=IR0=
=1A;
电源的功率PE=IE=6W;
内电路消耗的功率Pr=I2r=0.5W;
电源的输出功率P出=PE-Pr=5.5W
电动机分压UM=E-I(r+R0)=3V;
电动机消耗的功率PM=IUM=3W;
热功率P热=I2rM=0.5W;
电动机输出的机械功率P机=PM-P热=2.5W
(2)当R滑=0时,
,所以Pmax=Im2R0=10W.
(1)小球1从B到A过程,由动能定理得:
qU﹣mgLcos30°
=0﹣0,解得:
U=
(2)BA间沿电场线的距离为:
d=L+Lsin30°
,在匀强电场,有:
E=
所以联立以上三式得:
(3)未拿走球2时,小球1恰好处于静止状态,小球1和2间的作用力为:
F库=k
小球1受力平衡,则有水平方向:
Fsin30°
+qE=k
,竖直方向:
Fcos30°
=mg
所以解得:
Q=
16.(14分)解析:
(1)根据题设条件,电场力大小
F=mgtan53°
=
mg=qE,解得E=
(2)上抛后小球沿竖直方向做匀减速运动,在竖直方向的速度为vy=v0-gt
沿水平方向做初速度为0的匀加速运动,加速度为ax=
g
小球上升到最高点的时间t=
,此过程小球沿电场方向位移:
x=
axt2=
电场力做功W=Fx=
mv
小球运动的抛出点至最高点之间的电势差U=
(3)水平速度vx=axt,竖直速度vy=v0-gt,小球的速度v=
由以上各式得出
解得当t=
时,v有最小值vmin=
v0,小球动能的最小值为Emin=
.