河南省南阳市届高三物理上学期期中质量评估试题扫描版Word格式.docx
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(4)
(2分)
15
、(7分)
(1)量程太大(1分)
(2)①
(2分) ②
⑤292(1分)2(1分)
三、计算题(共47分)
16、(11分)
(1)B离开平台做平抛运动.
竖直方向有
①…………………………(1分)
水平方向有
②…………………………(1分)
由①②式解得
代入数据求得
m/s ③…………………………(1分)
(2)设B的加速度为aB,由牛顿第二定律和运动学知识得
④………(1分)
⑤……………………………………………………(1分)
⑥……………………………………………………(1分)
联立③④⑤⑥式,代入数据解得
s ⑦
⑧……………………………………………………(1分)
(3)设B刚开始运动时A的速度为
由动能定理得
⑨…………(1分)
设B运动时A的加速度为
由牛顿第二定律和运动学知识有
⑩…………………………(1分)
…………………………(1分)
联立⑦⑧⑨⑩
式,代入数据解得
⑫…………………………(1分)
17、(12分)解:
(1)设小球到达B点时的速度为v0,
由动能定理得:
mgr=
mv02-0,…………………………(1分)
代入数据解得:
v0=2m/s;
…………………………(1分)
(2)小球在极板间做匀速直线运动,
由平衡条件可得:
mg=q
,…………………………(1分)
U=6V,
电压:
U=IR,代入数据解得:
I=1A,…………………………(1分)
电源的输出功率:
P=EI-I2r0,…………………………(1分)
P=11W;
(3)设将滑动变阻器的阻值调到1Ω,回路中的电流为I′,
则有:
I′=
,代入数据解得:
I′=1.5A,…………………………(1分)
两极板之间的电势差为:
U′=I′R,代入数据解得:
U′=9V,…………………………(1分)
设:
小球在两板间运动时的加速度为a,运动的时间为t,偏移量为y,
q
-mg=ma,…………………………(1分)
L=v0t,…………………………(1分)
y=
at2,…………………………(1分)
y=0.025m.…………………………(1分)
18、(12分)解:
(1)设A、B分开时速度大小分别为vA、vB,有
①…………………………(2分)
A、B系统动量守恒:
mAvA=mBvB②…………………………(1分)
联立解得:
vA=vB=3m/s③…………………………(1分)
(2)假设B不能从传送带Q端离开,且在传送带上运行最大对地位移为s2,
④…………………………(2分)
解得:
s2=2.25m⑤…………………………(1分)
由题意可知s2<L=3m,假设成立.
所以B沿传送带向右滑动距N的最远距离为2.25m
(3)设A在水平面上开始向左运动到停止,滑动过的路程为s1,
由题意知A与挡板碰撞后原速率返回,整个过程应用动能定理得
⑦…………………………(1分)
s1=2.25m>s=2m,即A停在距M端0.25m处,即距N端1.75m;
⑧……(1分)
若AB不能再次相遇,设B返回到N端时速度大小为vB′,后经s2′距离停下,
则由动能定理有
⑨…………………………(1分)
由s2′<1.75m,解得
⑩…………………………(1分)
由题意可知不论传送带速率多大,vB′至多到3m/s,即⑩符合题意,
即传送带的速率取值范围是:
.…………………………(1分)
19、(12分)解:
(1)在水平轨道上,铁球在竖直面内的受力如图,由平衡条件可知
2FNcos60°
-mg=0…………………………(2分)
得FN=30N…………………………(1分)
水平轨道的每根金属条对铁球的支持力都等于铁球的重力.
O
(2)无风力,铁球从距水平轨道的高度h1=1m处由静止释放,设铁球在BC段运动的路程为s,则
mgh1-2kFNs=0…………………………(2分)
s=1m…………………………(1分)
s<
L,铁球不能通过BC段最终停在BC的中点.
(3)设竖直向上的风力为F1时,铁球恰能通过竖直圆轨道最高点E,则
mg-F1=m·
…………………………(2分)
从释放点到E点应用动能定理得
mgh2-2k
L-(mg-F1)·
2R=
得F1=20N…………………………(1分)
考虑铁球不脱离轨道,风力不大于重力,F≤30N.……………(1分)
故风力调节范围为20N≤F≤30N.
(评卷时不区别是否带等号)