精校版陕西省理数卷文档版有答案普通高等学校招生统一考试.docx
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精校版陕西省理数卷文档版有答案普通高等学校招生统一考试
2015年普通高等学校招生全国统一考试（陕西卷）
理科数学
一、选择题
1.设集合，，则
A．B．C．D．
2.某中学初中部共有110名教师，高中部共有150名教师，其性别比例如图所示，则该校女教师的人数为
A．167B．137C．123D．93
3.如图，某港口一天6时到18时的水深变化曲线近似满足函数，据此函数可知，这段时间水深（单位：
m）的最大值为
A．5B．6C．8D．10
4.二项式的展开式中的系数为15，则
A．4B．5C．6D．7
5.一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为
A．B．C．D．
6.“”是“”的
A充分不必要条件B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要
7.对任意向量，下列关系式中u恒成立的是
A．B．C．D．
8.根据右边框图，当输入x为2005时，输出的
A28B10C4D2
9.设，若，，，则下列关系式中正确的是
A．B．C．D．
10.某企业生产甲乙两种产品均需用A，B两种原料，已知生产1吨每种产品需原料及每天原料的可用限额如表所示，如果生产1吨甲、乙产品可获利润分别为3万元、4万元，则该企业每天可获得最大利润为
A．12万元B．16万元C．17万元D．18万元
11.设复数，若，则的概率
A．B．C．D．
12.对二次函数（a为非零整数），四位同学分别给出下列结论，其中有且仅有一个结论是错误的，则错误的结论是
A．-1是的零点B．1是的极值点C．3是的极值D.点在曲线上
二、填空（本大题共4小题，每小题5分）
13.中位数1010的一组数构成等差数列，其末项为2015，则该数列的首项为
14.若抛物线的准线经过双曲线的一个焦点，则p=
15.设曲线在点（0,1）处的切线与曲线上点p处的切线垂直，则P的坐标为
16.如图，一横截面为等腰梯形的水渠，因泥沙沉积，导致水渠截面边界呈抛物线型（图中虚线表示），则原始的最大流量与当前最大流量的比值为
三、解答题（本大题共6小题，共70分．解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤．）
17、（本小题满分12分）的内角，，所对的边分别为，，．向量与平行．
求；
若，求的面积．
18、（本小题满分12分）如图，在直角梯形中，，，，，是的中点，是与的交点．将沿折起到的位置，如图．
证明：
平面；
若平面平面，求平面与平面夹角的余弦值．
19、（本小题满分12分）设某校新、老校区之间开车单程所需时间为，只与道路畅通状况有关，对其容量为的样本进行统计，结果如下：
（分钟）
25
30
35
40
频数（次）
20
30
40
10
求的分布列与数学期望；
刘教授驾车从老校区出发，前往新校区做一个50分钟的讲座，结束后立即返回老校区，求刘教授从离开老校区到返回老校区共用时间不超过120分钟的概率．
20、（本小题满分12分）已知椭圆（）的半焦距为，原点到经过两点，的直线的距离为．
求椭圆的离心率；
如图，是圆的一条直径，若椭圆经过，两点，求椭圆的方程．
21、（本小题满分12分）设是等比数列，，，，的各项和，其中，，．
证明：
函数在内有且仅有一个零点（记为），且；
设有一个与上述等比数列的首项、末项、项数分别相同的等差数列，其各项和为，比较与的大小，并加以证明．
请在22、23、24三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号后的方框涂黑．
22、（本小题满分10分）选修4-1：
几何证明选讲
如图，切于点，直线AO交于，两点，，垂足为．
证明：
；
若，，求的直径．
23、（本小题满分10分）选修4-4：
坐标系与参数方程
在直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数）．以原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，的极坐标方程为．
写出的直角坐标方程；
为直线上一动点，当到圆心的距离最小时，求的直角坐标．
24、（本小题满分10分）选修4-5：
不等式选讲
已知关于的不等式的解集为．
求实数，的值；
求的最大值．
参考答案：
一、选择题
1.A2.C3.C4.B5.D6.A7.B8.C9.B10.D
11.D12.A
二、填空题
13.514.15.（1,1）16.1.2
三．解答题
17.（满分12分）
（I）因为，所以，
由正弦定理，得
又，从而，
由于，所以
（II）解法一：
由余弦定理，得
而
得，即
因为，所以.
故ABC的面积为.
解法二：
又正弦定理，得，
从而，
又由，知，所以.
故
所以ABC的面积为.
18.（本小题满分12分）
（I）在图1中，
因为AB=BC=1,AD=2,E是AD的中点，BAD=，所以BEAC
即在图2中，BE，BEOC
从而BE平面
又CDBE，所以CD平面.
（II）由已知，平面平面BCDE，又由
（1）知，BE，BEOC
所以为二面角的平面角，所以.
如图，以O为原点，建立空间直角坐标系，
因为,
所以
得，.
设平面的法向量，平面的法向量，平面与平面夹角为，
则，得，取，
，得，取，
从而，
即平面与平面夹角的余弦值为.
19.（本小题满分12分）
解：
（I）由统计结果可得T的频率分步为
（分钟）
25
30
35
40
频率
0.2
0.3
0.4
0.1
以频率估计概率得T的分布列为
25
30
35
40
0.2
0.3
0.4
0.1
从而（分钟）
（II）设分别表示往、返所需时间，的取值相互独立，且与T的分布列相同.设事件A表示“刘教授共用时间不超过120分钟”，由于讲座时间为50分钟，所以事件A对应于“刘教授在途中的时间不超过70分钟”.
解法一：
.
解法二：
故.
20.（本小题满分12分）
解：
（I）过点（c,0）,（0,b）的直线方程为，
则原点O到直线的距离，
由，得，解得离心率.
（II）解法一：
由（I）知，椭圆E的方程为.
（1）
依题意，圆心M（-2,1）是线段AB的中点，且.
易知，AB不与x轴垂直，设其直线方程为，代入
（1）得
设则
由，得解得.
从而.
于是.
由，得，解得.
故椭圆E的方程为.
解法二：
由（I）知，椭圆E的方程为.
（2）
依题意，点A，B关于圆心M（-2,1）对称，且.
设则，，
两式相减并结合得.
易知，AB不与x轴垂直，则，所以AB的斜率
因此AB直线方程为，代入
（2）得
所以，.
于是.
由，得，解得.
故椭圆E的方程为.
21.（本小题满分12分）
解：
（I）则
所以在内至少存在一个零点.
又，故在内单调递增，
所以在内有且仅有一个零点.
因为是的零点，所以，即，故.
（II）解法一：
由题设，
设
当时,
当时,
若,
若,
所以在上递增，在上递减，
所以，即.
综上所述，当时,；当时
解法二由题设，
当时,
当时,用数学归纳法可以证明.
当时,所以成立.
假设时，不等式成立，即.
那么，当时，
.
又
令，则
所以当,,在上递减；
当,,在上递增.
所以，从而
故.即，不等式也成立.
所以，对于一切的整数，都有.
解法三:
由已知，记等差数列为,等比数列为,则，，
所以,
令
当时,,所以.
当时,
而，所以，.
若,,,
当,,,
从而在上递减,在上递增.所以，
所以当又,，故
综上所述，当时,；当时
请在22、23、24三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号后的方框涂黑．
22.（本小题满分10分）
解：
（I）因为DE为圆O的直径，则，
又BCDE，所以CBD+EDB=90°，从而CBD=BED.
又AB切圆O于点B，得DAB=BED，所以CBD=DBA.
（II）由（I）知BD平分CBA，则,又，从而，
所以，所以.
由切割线定理得，即=6，
故DE=AE-AD=3，即圆O的直径为3.
23.（本小题满分10分）
解：
（I）由，
从而有.
（II）设,则，
故当t=0时，|PC|取最小值，此时P点的直角坐标为（3，0）.
24.（本小题满分10分）
解：
（I）由，得
则解得,
（II）
当且仅当，即时等号成立，
故.
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