陕西省西安市黄陵中学高新部学年高二下学期Word文档下载推荐.docx
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D．遥控器发出的红外线波长和医院CT中的X射线波长相同
6．下表给出了一些金属材料的逸出功．
材料
铯
钙
镁
铍
钛
逸出（10﹣19J）
3.0
4.3
5.9
6.2
6.6
现用波长为400nm的单色光照射上述材料，能产生光电效应的材料最多有几种？
（普朗克常量h=6.6×
10﹣34J•s，光速c=3.0×
108m/s）（ ）
A．2种B．3种C．4种D．5种
7．频率为v的光照射某金属时，产生光电子的最大初动能为占Ekm．改用频率2v的光照射同一金属，所产生光电子的最大初动能为：
（h为普朗克常量）（ ）
A．Ekm﹣hvB．2EkmC．Ekm+hvD．Ekm+2hv
8．已知火星半径是地球半径的
，质量是地球质量的
，自转周期也基本相同．地球表面重力加速度是g，若某运动员在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（ ）
A．火星表面的重力加速度是
g
B．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的
倍
C．运动员以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是
h
D．火星的同步卫星的轨道半径是地球的同步卫星的轨道半径的
倍
9．将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，则（ ）
A．a点的电势比b点的低
B．a点的电场强度比b点的大
C．检验电荷﹣q在a点的动能比在b点的小
D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功
10．汽车拉着拖车在平直的公路上匀速行驶，突然拖车与汽车脱钩，而汽车的牵引力大小不变，汽车和拖车受到的阻力大小不变，则在脱钩后到拖车停止运动前这段时间内（ ）
A．汽车和拖车总动量不变，汽车动量增大
B．汽车和拖车总动量增大，汽车动量不变
C．汽车和拖车总机械能不变，汽车机械能增大
D．汽车和拖车总机械能增大，汽车机械能增大
二、实验题（本题共2小题，共20分）
11．图中游标卡尺的读数为 mm；
螺旋测微器的读数为 mm．
12．某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值．
（1）现有电源（4V，内阻可不计）、滑动变阻器（0～50Ω，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：
A．电流表（0～3A，内阻约0.025Ω）B．电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）
C．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）D．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）
为减小测量误差，在实验中，电流表应选用 ，电压表应选用 （选填器材前的字母）；
实验电路应采用图1中的 （选填“甲”或“乙”）．
（2）图2是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线．请根据在
（1）问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线．
（3）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U．某次电表示数如图3所示，可得该电阻的测量值Rx=
= Ω（保留两位有效数字）．
（4）若在
（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是 ；
若在
（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是 ．（选填选项前的字母）
A．电流表测量值小于流经Rx的电流值B．电流表测量值大于流经Rx的电流值
C．电压表测量值小于Rx两端的电压值D．电压表测量值大于Rx两端的电压值．
三、计算题（本题共3小题．第13题12分，第14题12分，第15题16分，共40分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）
13．将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的v﹣t图象如图所示，g取10m/s2．
（1）求小球所受重力和阻力之比？
（2）求小球落回抛出点时的速度大小？
14．如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A和B分别静止在圆弧轨道的最高点和最低点．现将A无初速度释放，A与B碰撞后结合为一个整体，并沿桌面滑动．已知圆弧轨道光滑，半径R=0.2m；
A和B的质量相等；
A和B整体与桌面之间的动摩擦因数μ=0.2．取重力加速度g=10m/s2．求：
（1）碰撞前瞬间A的速率v；
（2）碰撞后瞬间A和B整体的速率v′；
（3）A和B整体在桌面上滑动的距离L．
15．如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×
105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=0.6T、方向垂直纸面向里的匀强磁场．今有一质量为m=4.8×
10﹣25kg、电荷量为q=1.6×
10﹣18C的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以v0=1.0×
106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．
（1）判断a、b两板间电场强度的方向；
（2）求粒子到达P处的速度与水平方向的夹角θ；
（3）求P、Q之间的距离L（结果可保留根号）．
参考答案与试题解析
【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．
【分析】已知飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度．
【解答】解：
由运动学公式v2﹣v02=2as
代人数据得：
m/s，故选B正确．
故选：
B．
【考点】共点力平衡的条件及其应用；
力的合成与分解的运用．
【分析】将两球和弹簧B看成一个整体，分析受力情况，根据平衡条件求出弹簧A、C拉力之比，即可由胡克定律得到伸长量之比．
将两球和弹簧B看成一个整体，整体受到总重力G、弹簧A和C的拉力，如图，设弹簧A、C的拉力分别为F1和F2．由平衡条件得知，F2和G的合力与F1大小相等、方向相反，则得：
F2=F1sin30°
=0.5F1．
根据胡克定律得：
F=kx，k相同，则弹簧A、C的伸长量之比等于两弹簧拉力之比，即有：
xA：
xC=F1：
F2=2：
1
C．
【考点】平抛运动．
【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移求出石块落在水中的最小速度．
石块能落在水中，则下落的高度一定，竖直分速度一定，结合平行四边形定则判断速度方向与水平面夹角与初速度的大小关系．
石块不能落在水中，石块竖直位移与水平位移的比值是定值，结合平抛运动的规律分析落在斜面上的速度方向与斜面倾角与什么因素有关．
A、根据h=
得，t=
．则石块落入水中的最小初速度
．可知v0=18m/s，则石块可以落入水中．故A正确．
B、若石块能落入水中，则下落的高度一定，可知竖直分速度一定，根据
知，初速度越大，则落水时速度方向与水平面的夹角越小．故B错误．
C、若石块不能落入水中，速度方向与水平方向的夹角的正切值
，位移方向与水平方向夹角的正切值
，可知tanα=2tanθ，因为θ一定，则速度与水平方向的夹角一定，可知石块落到斜面时速度方向与斜面的夹角一定，与初速度无关．故C、D错误．
【考点】变压器的构造和原理．
【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．
【解答】解；
A、AB端电压u1=12
sin100πt（V）．
电流频率为f=
=50Hz，故A错误；
B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，
根据电压与匝数成正比，可知，U2=6V，故B错误；
C、I2=
=1A，A的读数为1A，故C错误；
D、P1=P2=U2I2=6W，故D正确．
D．
【考点】电磁波的发射、传播和接收．
【分析】电磁波是电磁场的一种运动形态，可以传递信息；
声波是机械波，也可以传递信息．
A、电磁波可以传递信息，如电视信号；
声波也可以传递信息，如人说话；
故A错误；
B、手机用电磁波传递信息，人用声波说话，故B正确；
C、太阳光中的可见光是电磁波，真空中为3×
108m/s；
“B超”中的超声波是声波，常温下，空气中大约为340m/s；
故C错误；
D、遥控器发出的红外线波长和医院CT中的X射线频率不同，波速相同，根据c=λf，波长不同，故D错误；
故选B．
【考点】光电效应；
爱因斯坦光电效应方程．
【分析】光子能量E=h
，只有光子能量大于金属材料的逸出功，才能发生光电效应．
光子能量E=h
=4.95×
10﹣19J，故铯和钙能发生光电效应．故B、C、D错误，A正确．
故选A．
【考点】爱因斯坦光电效应方程．
【分析】根据光电效应方程求出逸出功的大小，改用频率2v的光照射同一金属，再通过光电效应方程求出光电子的最大初动能．
频率为v的光照射某金属时，产生光电子的最大初动能为Ekm，根据光电效应方程知，逸出功W0=hv﹣Ekm．
改用频率2v的光照射同一金属，则最大初动能Ekm′=2hv﹣W0=hv+Ekm．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
【考点】万有引力定律及其应用；
向心力．
【分析】根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，从而得出上升高度的关系；
根据万有引力等于向心力列式求解轨道半径的关系；
根据万有引力等于向心力求出第一宇宙速度的关系．
A、根据万有引力定律的表达式
，已知火星半径是地球半径的
，由
得到：
，则
，则火星表面重力加速度是
，故A正确；
B、由
，得到
，火星的第一宇宙速度和地球的第一宇宙速度之比为
，则火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的
倍，故B错误；
C、运动员以
在地球起跳时，根据竖直上抛的运动规律得出：
，
，所以
，得
，他以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度
，故C错误；
D、同步卫星的周期等于星球的自转周期，根据万有引力提供向心力，有
，因为自转周期也基本相同，所以
，即火星的同步轨道半径是地球的同步轨道半径的
倍，故D正确
AD
【考点】电势差与电场强度的关系；
电场强度；
电场线．
【分析】电场线的疏密表示场强的大小；
a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；
电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．
A、a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高．故A错误；
B、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，故B正确；
C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，但因不明确电荷具体的运动情况，故无法比较二者的动能大小，故C错误；
D、由上知，﹣q在a点的电势能较b点小，则把﹣q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点，电势能增大，电场力做负功．故D正确．
BD
【考点】动量定理；
机械能守恒定律．
【分析】对整体受力分析可知，合外力为零，运用动量守恒定律分析汽车和拖车的总动量的变化．脱钩后汽车和拖车运动的位移的大小不同，根据动能定理可以分析汽车和拖车的总动能的变化．
A、B由于汽车和拖车所受外力均不变，则系统的合外力为零，系统的动量守恒定律，故汽车和拖车的总动量保持不变；
汽车做加速运动，动量增大．故A正确，B错误．
C、D汽车做加速运动，拖车做减速运动，汽车的位移大于拖车的位移，对系统而言，牵引力的功比克服阻力的功大，根据动能定理可知，汽车和拖车的总动能要增加，故C错误，D正确．
故选AD
11．图中游标卡尺的读数为 13.55 mm；
螺旋测微器的读数为 4.700 mm．
【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；
螺旋测微器的使用．
【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×
0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：
13mm+0.55mm=13.55mm．
螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.0×
0.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm．
故答案为：
13.554.700
为减小测量误差，在实验中，电流表应选用 B ，电压表应选用 C （选填器材前的字母）；
实验电路应采用图1中的 甲 （选填“甲”或“乙”）．
= 5.2 Ω（保留两位有效数字）．
（4）若在
（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是 B ；
若在
（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是 D ．（选填选项前的字母）
【考点】伏安法测电阻．
【分析】
（1）实验中应该用较小电流测量，故电压表与电流表都选择小量程；
由于电阻Rx电阻值较小，“大内小外”，应该采用电流表外接法；
（2）直接根据甲图连接即可；
（3）由电压表与电流表读数，依据欧姆定律即可求解；
（4）根据电流表外接法，电压表的分流是产生误差的主要原因；
电流表内接法，电流表的分压是产生误差的主要原因进行解答．
（1）因电源的电压为4V，因此电压表选择3V量程；
由于阻值约为5Ω的电阻Rx的，根据欧姆定律可知，电流的最大值为0.8A，从精确角来说，所以电流表选择0.6A的量程；
根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知，待测电阻的阻值偏小，因此选择电流表外接法，故选择甲图．
（2）连接的实物图如图所示；
（3）电压表的读数为U=2.60V；
电流表的读数为I=0.50A；
电阻阻值：
（4）甲图采用的是电流表外接法，实际上电压表并不是理想电表，所以电压表也有电流通过，电流表测量的电流是流经Rx和电压表的电流之和，所以产生误差的主要原因是电流表测量值大于流经Rx的电流值，导致测量的电阻Rx比实际偏小，选B；
乙图采用的是电流表内接法，实际上电流表并不是理想电表，所以电流表两端也有电压，电压表测量的电压是Rx和电流表两端的电压之和，所以产生误差的主要原因是电压表测量值大于Rx两端的电压值，导致测量的电阻Rx比实际偏大，选D；
（1）B；
C；
甲
（3）5.2
（4）B；
D．
【考点】牛顿运动定律的综合应用；
匀变速直线运动规律的综合运用．
（1）根据速度时间图线得出匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出阻力的大小，从而得出小球重力和阻力的比值；
（2）根据图线得出上升的位移，结合下降的加速度，运用速度位移公式求出小球回到抛出点的速度大小．
（1）由图象得：
小球向上做匀减速运动的加速度大小为：
根据牛顿第二定律得：
mg+f=ma1，
解得阻力为：
f=ma1﹣mg=2m=2N，
则重力和阻力大小之比为5：
1．
（2）根据牛顿第二定律得：
mg﹣f=ma2
解得小球下降的加速度大小为：
a2=8m/s2
根据x=
得：
t=
，知上升的时间和下落的时间之比为
．
小球匀减速上升的位移为：
x=
根据v2=2a2x得：
V=
m/s
答：
（1）小球所受重力和阻力之比为5：
1；
（2）小球落回抛出点时的速度大小为
m/s．
【考点】动量守恒定律；
（1）A到B的过
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