吉林一中学年高二下学期月考 物理 Word版含答案Word文档下载推荐.docx

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B．油滴将向下加速运动，电流计中的电流从a流向b

C．油滴静止不动，电流计中的电流从b流向a

D．油滴静止不动，电流计中的电流从a流向b

2.有三个相同的金属小球A、B、C，其中A、B两球带电情况完全相同，C球不带电．将A、B两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是F，若使C球先和A接触，再与B接触，移去C，则A、B间的库仑力变为（　　）

A．F/2

B．F/4

C．3F/8

D．F/10

3.如图所示，某点O处固定点电荷+Q，另一带电-q的粒子以O为焦点做椭圆轨道运动，运动过程中经过最近点a和最远点b，下述说法不正确的是（　　）

A．粒子在a点运动速率大于在b点速率

B．粒子在a点运动加速度大于在b点加速度

C．粒子在a点电势能大于在b点电势能

D．+Q所产生的电场中，a点电势高于b点

4.如图所示，D是理想二极管，AB是平行板电容器，在电容器板间有一电荷P处于静止状态，当两极板A和B的间距增大的瞬间（仍平行），P点的运动情况是（　　）

A．向下运动

B．向上运动

C．仍静止不动

D．无法判断

5.如图1－9－13甲为示波管的原理图．如果在电极YY′之间所加的电压按图乙所示的规律变化，在电极XX′之间所加的电压按图丙所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是图A、B、C、D中的（　　）

图1－9－13

6.如图所示，三根细线长度相同（质量不计），用一根细线与A、B两小球连接，另两根把A、B两小球悬挂在天花板上的同一点O，A小球带负电，B小球不带电，天花板下方存在匀强电场E，三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好沿竖直方向，（不计AB间的静电作用）两小球均处于静止状态．则该电场E可能为图中的（　　）

A．E1

B．E2

C．E3

D．E4

7.如图所示，电容器两极板与电源正负极相连，当电容器两极板间的距离由d迅速增大为2d的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电容器两板间电压始终不变

B．电容器两板间电压瞬时升高后又恢复原值

C．根据Q＝CU可知，电容器带电荷量先增大后减小

D．电路中电流由A板经电源流向B板

8.图是电场中某区域的电场线分布图，P点是电场中的一点，则（）

A.P点的电场强度方向向左

B.P点的电场强度方向向右

C.正点电荷在P点所受的电场力的方向向左

D.负点电荷在P点所受的电场力的方向向右

9.一个带绝缘底座的空心金属球A带有4×

10－8C的正电荷，上端开有适当小孔；

有绝缘柄的金属小球B带有2×

10－8C的负电荷，使B球和A球内壁接触，如图1－7－10所示，则A、B带电量分别为（　　）

图1－7－10

A．QA＝10－8C，QB＝10－8C

B．QA＝2×

10－8C，QB＝0

C．QA＝0，QB＝2×

10－8C

D．QA＝4×

10－8C，QB＝－2×

10.一列平面机械波沿x轴正方向传播，某一时刻的波形如图所示．其中质点P、S跟质点Q、R的振动位移大小相等、方向相反．由图可知（　　）

A．质点P和S的振动位移大小和方向总相同

B．质点P和Q的振动位移大小总相同、方向总相反

C．质点P和S振动相同时间，向前传播的距离相等

D．质点P和R的振动速度大小总相同、方向总相反

11.如图所示，在竖直向下的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带负电的小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做圆周运动，最高点为a，最低点为b．若小球在运动过程中电量保持不变，不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　）

A．小球在a点的电势能最小

B．重力比电场力大

C．小球在a点的速度最小

D．小球在运动过程中机械能守恒

12.如图所示，在某一真空空间，有一水平放置的理想平行板电容器充电后与电源断开，（

）若正极板A以固定直线0O′为中心沿竖直方向作微小振幅的缓慢振动时，恰有一质量为m带负电荷的粒子以速度v沿垂直于电场方向射入平行板之间，则带电粒子在电场区域内运动的轨迹是（设负极板B固定不动，带电粒子始终不与极板相碰）（　　）

A．直线

B．正弦曲线

C．抛物线

D．向着电场力方向偏转且加速度作周期性变化的曲线

第II卷（非选择题）

请修改第II卷的文字说明

二、填空题

13.如图所示，A为带正电Q的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m，电量为q的小球．小球受水平向右的电场力偏转θ角而静止．小球用绝缘丝线悬挂于O点，则小球所在处的电场强度为

14.

（1）如图所示为“描绘电场的等势线”的实验装置，其中ab处的电源应选用6V的电源（选填“交流”或“直流”），电表X则选用量程适当，零刻度在刻度盘（选填“左侧”“右侧”或“中央”）的灵敏电流计．

（2）如果以c、d两个电极的连线为x轴，以c、d连线的中垂线为y轴，并将一个探针固定置于y轴上的某一点，合上开关S，而将另一探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，则电表X的指针与零刻度夹角的变化情况是：

A.逐渐增大

B．逐渐减小

C．先变大后变小

D．先变小后变大．

15.如图所示的电场中，有A、B、C三点，则负电荷在点所受电场力最大，负电荷在点具有的电势能最大。

16.如图所示，竖直平面内有两个水平固定的等量同种正点电荷，AOB在两电荷连线的中垂线上，O为两电荷连线中点，AO=OB=L，一质量为m、电荷量为q的负点电荷若由静止从A点释放则向上最远运动至O点．现若以某一初速度向上通过A点，则向上最远运动至B点，重力加速度为g．该负电荷A点运动到B点的过程中电势能的变化情况是；

经过O点时速度大小为

17.如图所示，相距为d的两平行金属板A、B上加电压U，A板电势高，在A板上放一小粒放射性物质，它不断向右侧空间各个方向放出质量为m、电量为q的α粒子，α粒子的最大速度为V，B板上涂荧光粉，α粒子轰击B板而发光，设α粒子不被B板反射，则B板的发光面积为

18.如图所示，A、B是负电荷产生的电场中的一条电场线上的两点，已知该两点间电势差为6.0×

102V，现有一点电荷电量q=+3.0×

10-7c，它在只受电场力作用的情况下由A点运动到B点．在AB段电场力对他做的功为，它由A运动到B该电荷的电势能增加了

19.如图所示，由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接，极板M接地．用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U．在两板相距一定距离d时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持电容器所带电量Q不变．

（1）若将M板向上移，静电计指针偏角将

（2）若在M、N之间插入云母板，静电计指针偏角将

20.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t＝0时刻的波形如图中实线所示，质点P的坐标为（4，0），t＝0.4s时的波形如图中虚线所示。

波的传播速度为m/s；

若T>

0.4s，当t＝1.0s时，P点的坐标为。

三、计算题

21.如图所示，质量为m、电荷量为+q的滑块，静止在绝缘水平面上。

某时刻，在MN的左侧加一个场强为E的匀强电场，滑块在电场力的作用下开始向右运动。

已知滑块与MN之间的距离为d，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g。

求：

（1）滑块在电场中运动时加速度a的大小；

（2）滑块停止时与MN间的距离x。

22.两个正点电荷Q1=Q和Q2=4Q分别置于固定在光滑绝缘水平面上的A、B两点，A、B两点相距L，且A、B两点正好位于水平光滑绝缘半圆细管的两个端点出口处，如图所示．

（1）现将另一正点电荷置于A、B连线上靠近A处静止释放，它在AB连线上运动过程中能达到最大速度的位置离A点的距离．

（2）若把该点电荷放于绝缘管内靠近A点处由静止释放，试确定它在管内运动过程中速度为最大值时的位置P．即求出图中PA和AB连线的夹角θ．

（3）Q1、Q2两点电荷在半圆弧上电势最低点的位置P′是否和P共点，请作出判断并说明理由

四、实验题

23.某同学为完成“用描迹法画出电场中平面上的等势线”实验,使用如图所示的实验器材:

电源E（电动势为12V,内阻不计）,木板N（木板上依次铺有白纸？

复写纸和导电纸各一张）,两个金属接线柱A？

B做电极,滑动变阻器R（其总阻值小于两电极间导电纸的电阻）,直流电压表V（量程为6V,内阻很大）,电流表G（量程0~300μA,零刻线在刻度盘中央）,开关？

探针和导线若干.

现用图中仪器描绘两电极间电场中的等势线,A、B间电压要求为6V.

（1）在图甲中完成实验电路的连线（导线不得交叉）.

（2）本实验的原理是利用导电纸上形成的________来模拟真空中的________静电场.因此对所模拟的静电场来说,图甲中的A相当于________,B相当于________.

（3）图乙为实验装置的一部分,图中A、C、D、O、E、F、B各点相邻两点间距离相等,其中A、B为金属接线柱.当电流从左接线柱流入电流表G时,其指针向左侧偏转.当探针Ⅰ接在F点,探针Ⅱ接在导电纸上某点时,电流表G指针向右接线柱一侧偏转.为尽快找到等势点,探针Ⅱ应________移动.（填\!

向左\"

或\!

向右\"

）

五、实验探究题

24.如图所示为研究平行板电容器电容的实验，电容器充电后与电源断开，电荷量Q将不变，与电容器相连的静电计用来测量电容器的．在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当极板间插入其它的电介质时，电容器的电容将（填“增大”、“减小”、或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角将（填“增大”、“减小”、或“不变”）

参考答案

1.【答案】D

【解析】将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=

得知，电容减小，而电压不变，则由C=Q/U知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有a→b的电流．

由于电容器板间电压和距离不变，则由E=

，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故D正确．ABC错误

2.【答案】C

【解析】假设A带电量为Q，B带电量也为Q，

两球之间的相互吸引力的大小是F=

第三个不带电的金属小球C与A接触后，A和C的电量都为Q/2

C与B接触时先中和再平分，则C、B分开后电量均为3Q/4

这时，A、B两球之间的相互作用力的大小F′=

3.【答案】C

【解析】A、C粒子在从b到a的过程中，电场力做正功，动能增大，电势减小；

粒子在从a到b的过程中，电场力做负功，动能减小，电势增大，可知粒子在a点的动能大于在b点的动能，则粒子在a点运动速率大于在b点速率．粒子在a点电势能小于在b点电势能．故A正确，C错误．

B、粒子在运动过程中只受到库仑力作用，粒子在a点离Q点近，根据库仑定律分析可知粒子在a点受到的库仑力大，加速大．故B正确．

D、+Q所产生的电场中，电场线从Q出发到无穷远终止，a点离Q较近，电势较高．故D正确．

4.【答案】C

【解析】电容器与电源保持相连，电容器的电压不变，板间距离增大，电容减小，电容量的电量要减小，放电，但由于二极管的作用只允许电流从a流向b，电容器的电量无法减小，根据推论板间电场强度E=

，Q、S、ξ不变，则改变d，E不变，电荷P受的电场力不变，仍静止．故C正确

5.【答案】B

【解析】由题图乙及题图丙知，当UY为正时，Y板电势高，电子向Y偏，而此时UX为负，即X′板电势高，电子向X′板偏，所以选B.

6.【答案】B

【解析】由于B球静止不动，故B球受力平衡；

因BC竖直，故小球只能受重力及BC的拉力，AB没有弹力；

对A球受力分析可知，A受重力，AC的拉力及电场力而处于平衡状态，因此三力应合力为零，由力的合成知识可知，电场力只能沿E4的方向，因粒子带负电，故电场E的方向应沿E2的方向

7.【答案】B

【解析】当将电容器两极板间距离迅速增大的过程中，电容器极板上的电荷量未来得及变化，即Q不变，则

，又

，所以

也不变，而U＝Ed，故U增大，但最终电压U要与电源电压相等，故选项B正确．因为

，所以d增大时，C减小．由Q＝CU，所以Q减小，电路中有瞬时电流，方向由B板经电源流向A板，故D不对．

8.【答案】B

【解析】

试题分析：

P点场强方向与电场线方向一致，向右，A错B对。

正电荷受力方向与场强方向一致向右，C错。

负电荷受力方向与场强方向相反，向左，D错

考点：

考查电场强度和电场力

点评：

难度较小，电场线的切线方向为场强方向，正电荷所受电场力方向与场强方向相同，负电荷正好相反

9.【答案】B

【解析】由于A、B带异种电荷，接触以后，要先中和掉一部分电荷，中和以后可以把A、B看做一个整体，对于这个整体来说，由于静电感应它的内壁和B球将无净电荷的分布．所以QA＝2×

10－8C，QB＝0.

10.【答案】D　

【解析】A、P与S此刻的振动方向相反，该时刻过后位移变化，变得不同，只有整数倍周期后位移才相同．故A错误．

B、该时刻P、Q的位移大小相等，方向相反，但它们的振动情况不总是相反，也有可能一个在波峰，一个平衡位置．故B错误．

C、波向前传播过程中，P、S并不向前移动．故C错误．

D、P、R两点平衡位置间的距离是1/2波长，振动情况总是相反，位移总是大小相等，方向相反．故D正确．

故选D．　

11.【答案】A

【解析】A、小球带负电，电场力向上，a到b的过程中，电场力做负功，电势能增大，所以在a点的电势能最小，故A正确．

B、小球的重力与电场力平衡，小球做匀速圆周运动，重力与电场力不等将做变速圆周运动，所以重力与电场力大小关系不确定，故B错误．

C、a到b的过程中，电场力做负功，重力做正功，由于重力与电场力大小关系不确定，所以合力做的是正功还是负功不确定，所以小球在a点的速度可能最大，也可能最小．故C错误．

D、除了重力做功之外，还有电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒，故D错误

12.【答案】A

【解析】分析：

由题意可知，开始时带电粒子受力平衡．通过电容的定义式，平行板电容器的电容公式以及匀强电场的电场强度公式进行推导，可得出结论：

只改变平行板电容器的板间距离的情况下，平行板电容器内部的电场强度不变，从而可得出正确选项．

解答：

解：

由此式可知，若Q、S和介质不变，只改变距离d，则电场强度E不变．

所以正极板A以固定直线0O′为中心沿竖直方向作微小振幅的缓慢振动时，两金属板间的电场强度不变，带点粒子受到的电场力就不变，其受力情况不变，仍沿直线运动．选项A正确，选项BCD错误

13.【答案】

【解析】小球的受力如图所示．

由平衡条件得：

F电=mgtanθ

又F电=qE

解得，小球所在处的电场强度：

14.【答案】

（1）直流、中央；

（2）D

（1）本实验的原理是利用恒定电流场模拟静电场，所以应选用6V的直流电源．要描绘等势线，必须找到等势点，而两个等势点间电势差为零，通过电流计的电流为零，由于电流计两个表笔处电势不同时，电流计指针可能向右偏转，也可能向左偏转，故应零刻度在刻度盘在中央的灵敏电流计．

（2）因为电场线与等势线互相垂直，将一个探针固定于y轴上的某一点，将另一探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，由公式U=Ed知，两探针间电势差先增大后减小，则灵敏电流表G的指针与零刻度夹角先变大后变小．故D正确，ABC错误．

故选D

15.【答案】A　　　　　；

　　　C

等势线分布越密电场线分布也越密，由F=qE可知电荷在A点所受电场力最大，对于负电荷来说电势越低电势能越大，沿着电场线电势降低，由此可知C点电势最低，负电荷在该点电势能最大

考查电场线和等势线的分布

本题难度较小，掌握电势与电场线的分布特点是求解本题的关键

16.【答案】先减小后增大,

【解析】由题意知从A到O，电场力做正功，电势能减小，从O到B，电场力做负功，电势能增加，故电荷电势能的变化情况为先减小后增大；

设O点速度为V，由动能定理：

-mgL+qUOA=0

17.【答案】

【解析】平行A板射出的α粒子，它们在类平抛运动，在B板上的集合会是一个圆．

平行A板方向，做匀速运动，r=vt

垂直A板方向，做匀加速运动，

18.【答案】-1.8×

10-4J；

1.8×

10-4J

【解析】电场线是描述电场的一种直观手段，沿电场线的方向电势逐渐降低，所以B点电势高于A电势，UAB=-600V．

在AB段电场力对电荷做的功为：

W＝qUAB＝3.0×

10？

7×

（？

600）＝？

1.8×

4J

电场力做负功，电势能增加，电势能的增大等于电场力做功的数值：

19.【答案】

（1）增大

（2）减小

【解析】由题意，电容器所带电量Q保持不变，若将M板向上移，根据C=

知U增大，所以静电计指针张角增大；

若在M、N之间插入云母板，电容增大，Q不变，U减小，所以静电计指针偏角将减小

20.【答案】

21.【答案】

（1）

（2）

【解析】1）根据牛顿第二定律

又因为

所以

（2）小物块在整个运动过程中，根据动能定理

22.【答案】

（1）在AB连线上运动过程中能达到最大速度的位置离A点的距离为1/3L．

（2）PA和AB连线的夹角θ为arctan

（3）p′点即为p

（1）设在AB连线上运动过程中能达到最大速度的位置离A点的距离为x，正电荷在A、B连线上速度最大处应该是电荷所受合力为零

因为正电荷从A点沿管道运动至p的过程中，电场力做正功，它的电势能减小，而从p运动至B的过程中，克服电场力做功，它的电势能增加，因此该正电荷在p处电势能最小，相应p点处的电势能最低．

23.【答案】

（2）恒定电流的电场等量异种点电荷正电荷负电荷

（3）向左

【解析】因指针向右偏代表电流从Ⅰ流入,Ⅰ比Ⅱ电势高.而越向左电势越高,∴Ⅱ向左动,提高电势.

24.【答案】电压；

增大；

减小

【解析】电容器充电后与电源断开，电量Q保持不变；

静电计可以测量电容器的电压；

当插入介质时，？

增大，由C=

可知电容将增大；

由U=Q/C可知，两板间的电压减小，静电计指针偏角减小