聂灵沼代数学引论答案(第一章).doc
《聂灵沼代数学引论答案(第一章).doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《聂灵沼代数学引论答案(第一章).doc(36页珍藏版)》请在冰豆网上搜索。
1.如果群G中,对任意元素a,b有(ab)2=a2b2,则G为交换群.
证明:
对任意a,bG,由结合律我们可得到
(ab)2=a(ba)b,a2b2=a(ab)b
再由已知条件以及消去律得到
ba=ab,
由此可见群G为交换群.
2.如果群G中,每个元素a都适合a2=e,则G为交换群.
证明:
[方法1]对任意a,bG,
ba=bae=ba(ab)2=ba(ab)(ab)
=ba2b(ab)=beb(ab)=b2(ab)=e(ab)=ab
因此G为交换群.
[方法2]对任意a,bG,
a2b2=e=(ab)2,
由上一题的结论可知G为交换群.
3.设G是一非空的有限集合,其中定义了一个乘法ab,适合条件:
(1)a(bc)=(ab)c;
(2)由ab=ac推出b=c;
(3)由ac=bc推出a=b;
证明G在该乘法下成一群.
证明:
[方法1]
设G={a1,a2,…,an},k是1,2,…,n中某一个数字,由
(2)可知若ij(I,j=1,2,…,n),有
akaiakaj------------<1>
aiakajak------------<2>
再由乘法的封闭性可知
G={a1,a2,…,an}={aka1,aka2,…,akan}------------<3>
G={a1,a2,…,an}={a1ak,a2ak,…,anak}------------<4>
由<1>和<3>知对任意atG,存在amG,使得
akam=at.
由<2>和<4>知对任意atG,存在asG,使得
asak=at.
由下一题的结论可知G在该乘法下成一群.
下面用另一种方法证明,这种方法看起来有些长但思路比较清楚。
[方法2]
为了证明G在给定的乘法运算下成一群,只要证明G内存在幺元(单位元),并且证明G内每一个元素都可逆即可.
为了叙述方便可设G={a1,a2,…,an}.
(Ⅰ)证明G内存在幺元.
<1>存在atG,使得a1at=a1.(这一点的证明并不难,这里不给证明);
<2>证明a1at=ata1;
因为
a1(ata1)at=(a1at)(a1at)=(a1)2
a1(a1at)at=(a1a1)at=a1(a1at)=(a1)2,
故此
a1(ata1)at=a1(a1at)at.
由条件
(1),
(2)可得到
a1at=ata1.
<3>证明at就是G的幺元;
对任意akG,
a1(atak)=(a1at)ak=a1ak
由条件
(2)可知
atak=ak.
类似可证
akat=ak.
因此at就是G的幺元.
(Ⅱ)证明G内任意元素都可逆;
上面我们已经证明G内存在幺元,可以记幺元为e,为了方便可用a,b,c,…等符号记G内元素.下面证明任意aG,存在bG,使得
ab=ba=e.
<1>对任意aG,存在bG,使得
ab=e;
(这一点很容易证明这里略过.)
<2>证明ba=ab=e;
因为
a(ab)b=aeb=ab=e
a(ba)b=(ab)(ab)=ee=e
再由条件
(2),(3)知
ba=ab.
因此G内任意元素都可逆.
由(Ⅰ),(Ⅱ)及条件
(1)可知G在该乘法下成一群.
4.设G是非空集合并在G内定义一个乘法ab.证明:
如果乘法满足结合律,并且对于任一对
元素a,bG,下列方程
ax=b和ya=b
分别在G内恒有解,则G在该乘法下成一群.
证明:
取一元aG,因xa=a在G内有解,记一个解为ea,下面证明ea为G内的左幺元.对任意
bG,ax=b在G内有解,记一个解为c,那么有ac=b,所以
eab=ea(ac)=(eaa)c=ac=b,
因此ea为G内的左幺元.
再者对任意dG,xd=ea在G内有解,即G内任意元素对ea存在左逆元,又因乘法满足结合律,故此G在该乘法下成一群.
[总结]
群有几种等价的定义:
(1)幺半群的每一个元素都可逆,则称该半群为群.
(2)设G是一个非空集合,G内定义一个代数运算,该运算满足结合律,并且G内包含幺元,G内任意元素都有逆元,则称G为该运算下的群.
(3)设G是一个非空集合,G内定义一个代数运算,该运算满足结合律,并且G内包含左幺元,G内任意元素对左幺元都有左逆元,则称G为该运算下的群.
(4)设G是一个非空集合,G内定义一个代数运算,该运算满足结合律,并且对于任一对元素a,bG,下列方程
ax=b和ya=b
分别在G内恒有解,则称G为该运算下的群.
值得注意的是如果一个有限半群满足左右消去律,则该半群一定是群.
5.在S3中找出两个元素x,y,适合
(xy)2x2y2.
[思路]在一个群G中,x,yG,xy=yx(xy)2x2y2(这一点很容易证明).因此只要找到S3中两个不可交换的元素即可.我们应该在相交的轮换中间考虑找到这样的元素.
解:
取
x=,y=
那么
(xy)2=x2y2.
[注意]
我们可以通过mathematica软件编写Sn的群表,输出程序如下:
Pr[a_,b_,n_]:
=(*两个置换的乘积*)
(Table[a[[b[[i]]]],{I,1,n}]);
Se[n_]:
=(*{1,2,…,n}的所有可能的排列做成一个表格*)
(Permutations[Table[i,{I,1,n}]]);
Stable[n_]:
=(*生成Sn群表*)
(a=Se[n];
Table[pr[a[[i]],a[[j]],n],{I,1,n},{j,1,n}])
当n=3时群表如下:
[说明]:
表示置换,剩下的类似.为了让更清楚,我们分别用e,a,b,c,d,f表示,,,,那么群表如下:
e
a
b
c
d
f
e
e
a
b
c
d
f
a
a
e
d
f
b
c
b
b
c
e
a
f
d
c
c
b
f
d
e
a
d
d
f
a
e
c
b
f
f
d
c
b
a
e
6.对于n>2,作一阶为2n的非交换群.
7.设G是一群,a,bG,如果a-1ba=br,其中r为一正整数,证明a-ibai=.
证明:
我们采用数学归纳法证明.
当k=1时,a-1ba=br=,结论成立;假设当k=n时结论成立,即a-nban=成立,下面证明当k=n+1时结论也成立.
我们注意到
a-1bka==bkr,
因此
a-(n+1)ban+1=a-1(a-nban)a=a-1a==,
可见k=n+1时结论也成立.
由归纳原理可知结论得证.
8.证明:
群G为一交换群当且仅当映射是一同构映射.
证明:
(Ⅰ)首先证明当群G为一个交换群时映射是一同构映射.
由逆元的唯一性及可知映射为一一对应,又因为
并且群G为一个交换群,可得
.
因此有
.
综上可知群G为一个交换群时映射是一同构映射.
(Ⅱ)接着证明当映射是一同构映射,则群G为一个交换群.
若映射是一同构映射,则对任意有
另一方面,由逆元的性质可知
.
因此对任意有
即映射是一同构映射,则群G为一个交换群.
9.设S为群G的一个非空子集合,在G中定义一个关系a~b当且仅当ab-1∈S.证明这是一个等价关系的充分必要条件为S是一个子群.
证明:
首先证明若~是等价关系,则S是G的一个子群.
对任意aG,有a~a,故此aa-1=eS;
对任意a,bS,由(ab)b-1=aS,可知ab~b,又be-1=bS,故b~e,由传递性可知ab~e,即(ab)e-1=abS.再者因ae-1=aS,故a~e,由对称性可知e~a,即ea-1=a-1S.可见S是G的一个子群.
接着证明当S是G的一个子群,下面证明~是一个等价关系.
对任意aG,有aa-1=eS,故此a~a(自反性);若a~b,则ab-1S,因为S为G的子群,故(ab-1)-1=ba-1S,因此b~a(对称性);若a~b,b~c,那么ab-1S,bc-1S,故ab-1bc-1=ac-1S,因此a~c(传递性).
综上可知~是一个等价关系.
10.设n为一个正整数,nZ为正整数加法群Z的一个子群,证明nZ与Z同构.
证明:
我们容易证明为Z到nZ的同构映射,故此nZ与Z同构.
11.证明:
在S4中,子集合
B={e,(12)(34),(13)(24),(14)(23)}
是子群,证明B与U4不同构.
证明:
可记a=(12)(34),b=(13)(24),c=(14)(23),那么置换的乘积表格如下:
e
a
b
c
e
e
a
b
c
a
a
e
c
b
b
b
c
e
a
c
c
b
a
e
由该表格可以知道B中的元素对置换的乘法封闭,并且B的每一元都可逆(任意元的逆为其本身),因此B为S4的子群.这个群(以及与其同构的群)称为Klein(C.L.Klein,1849-1925)四元群.
假设B与U4同构,并设f为B到U4的同构映射,则存在B中一元x使得f(x)=i(i为虚数单位),那么
f(x2)=f2(x)=i2=-1
另一方面,f(x2)=f(e)=1(注意x2=e),产生矛盾.所以假设不成立,即B与U4不同构.
[讨论]B与U4都是4元交换群,但是后者是循环群,前者不是,这是这两个群的本质区别.
12.证明:
如果在一阶为2n的群中有一n阶子群,它一定是正规子群.
证明:
[方法1]
设H是2n阶群G的n阶子群,那么对任意aH,有
HaH=,
并且aHG,HG,又注意到aH和H中都有n个元素,故此
HaH=G.
同理可证对任意aH,有
HHa=,HHa=G,
因此对任意aH,有
aH=Ha.
对任意aH,显然aHH,HaH又因aH,Ha及H中都有n个元素,故
aH=Ha=H.
综上可知对任意aG,有
aH=Ha,
因此H是G的正规子群.
[方法2]
设H是2n阶群G的n阶子群,那么任取aH,hH,显然有aha-1H.
对给定的xH,有
HxH=,HxH=G.
这是因为若假设yHxH,则存在hH,使得y=xh,即x=yh-1H产生矛盾,因此HxH=;另一方面,xHG,HG,又注意到xH和H中都有n个元素,故此HxH=G.
那么任取aH,由上面的分析可知axH,从而可令
a=xh1
这里h1H.
假设存在hH,使得aha-1H,则必有aha-1xH,从而可令
aha-1=xh2
这里h2H.
那么
xh1ha-1=xh2,
即
a=h2h1hH,
产生矛盾.
因此,任取aH,hH,有aha-1H.
综上可知对任取aG,hH,有aha-1H,因此H为G的一个正规子群.
13.设群G的阶为一偶数,证明G中必有一元素ae适合a2=e.
证明:
设bG,且阶数大于2,那么b≠b-1,而b-1的阶数与b的阶数相等.换句话说G中阶数大于2的元素成对出现,幺元e的阶数为