普通高考数学一轮复习 第12讲 空间中的夹角和距离精品学案Word文档格式.docx
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(2)点到平面的距离
平面外一点P在该平面上的射影为P′,则线段PP′的长度就是点到平面的距离;
“一找二证三求”,三步都必须要清楚地写出来。
等体积法。
(3)直线与平面的距离:
一条直线和一个平面平行,这条直线上任意一点到平面的距离,叫做这条直线和平面的距离;
(4)平行平面间的距离:
两个平行平面的公垂线段的长度,叫做两个平行平面的距离。
求距离的一般方法和步骤:
应用各种距离之间的转化关系和“平行移动”的思想方法,把所求的距离转化为点点距、点线距或点面距求之,其一般步骤是:
①找出或作出表示有关距离的线段;
②证明它符合定义;
③归到解某个三角形.若表示距离的线段不容易找出或作出,可用体积等积法计算求之。
异面直线上两点间距离公式,如果两条异面直线a、b所成的角为,它们的公垂线AA′的长度为d,在a上有线段A′E=m,b上有线段AF=n,那么EF=(“±
”符号由实际情况选定)
2.夹角
空间中的各种角包括异面直线所成的角,直线与平面所成的角和二面角,要理解各种角的概念定义和取值范围,其范围依次为0°
,90°
、[0°
]和[0°
,180°
]。
(1)两条异面直线所成的角
先通过其中一条直线或者两条直线的平移,找出这两条异面直线所成的角,然后通过解三角形去求得;
通过两条异面直线的方向量所成的角来求得,但是注意到异面直线所成角得范围是,向量所成的角范围是,如果求出的是钝角,要注意转化成相应的锐角。
(2)直线和平面所成的角
“一找二证三求”,三步都必须要清楚地写出来。
除特殊位置外,主要是指平面的斜线与平面所成的角,根据定义采用“射影转化法”。
(3)二面角的度量是通过其平面角来实现的
解决二面角的问题往往是从作出其平面角的图形入手,所以作二面角的平面角就成为解题的关键。
通常的作法有:
(Ⅰ)定义法;
(Ⅱ)利用三垂线定理或逆定理;
(Ⅲ)自空间一点作棱垂直的垂面,截二面角得两条射线所成的角,俗称垂面法.此外,当作二面角的平面角有困难时,可用射影面积法解之,cos=,其中S为斜面面积,S′为射影面积,为斜面与射影面所成的二面角。
3.等角定理
如果一个角的两边和另一个角的两边分别平行,并且方向相同,那么这两个角相等。
推论:
如果两条相交直线和另两条相交直线分别平行,那么这两组直线所成的锐角(或直角)相等。
四.典例解析
题型1:
直线间的距离问题
例1.已知正方体的棱长为1,求直线DA'
与AC的距离。
解法1:
如图1连结A'
C'
,则AC∥面A'
D'
,
连结DA'
、DC'
、DO'
,过O作OE⊥DO'
于E
因为A'
⊥面BB'
D,所以A'
⊥OE。
又O'
D⊥OE,所以OE⊥面A'
D。
因此OE为直线DA'
在Rt△OO'
D中,,可求得
点评:
此题是异面直线的距离问题:
可作出异面直线的公垂线。
解法2:
如图2连接A'
、B'
C、AB'
A'
,得到分别包含DA'
和AC的两个平面A'
D和平面AB'
C,
又因为A'
∥AC,A'
D∥B'
C,所以面A'
D∥面AB'
C。
故DA'
与AC的距离就是平面A'
C的距离,连BD'
分别交两平面于两点,易证是两平行平面距离。
不难算出,所以,所以异面直线BD与之间的距离为。
若考虑到异面直线的公垂线不易做出,可分别过两异面直线作两平面互相平行,则异面直线的距离就是两平面的距离。
题型2:
线线夹角
例2.如图1,在三棱锥S—ABC中,,,,,求异面直线SC与AB所成角的余弦值。
图1
用公式
当直线平面,AB与所成的角为,l是内的一条直线,l与AB在内的射影所成的角为,则异面直线l与AB所成的角满足。
以此为据求解。
由题意,知平面ABC,,由三垂线定理,知,所以平面SAC。
因为,由勾股定理,得。
在中,,在中,。
设SC与AB所成角为,则,
平移
过点C作CD//BA,过点A作BC的平行线交CD于D,连结SD,则是异面直线SC与AB所成的角,如图2。
又四边形ABCD是平行四边形。
由勾股定理,得:
。
图2
在中,由余弦定理,得:
若不垂直,可经过如下几个步骤求解:
(1)恰当选点,作两条异面直线的平行线,构造平面角;
(2)证明这个角(或其补角)就是异面直线所成角;
(3)解三角形(常用余弦定理),求出所构造角的度数。
题型3:
点线距离
例3.正方形ABCD的边长是2,E、F分别是AB和CD的中点,将正方形沿EF折成直二面角(如图所示).M为矩形AEFD内一点,如果∠MBE=∠MBC,MB和平面BCF所成角的正切值为,那么点M到直线EF的距离为。
解析:
过M作MO⊥EF,交EF于O,则MO⊥平面BCFE.
如图所示,作ON⊥BC,设OM=x,
又tanMBO=,∴BO=2x
又S△MBE=BE·
MB·
sinMBE=BE·
ME
S△MBC=BC·
sinMBC=BC·
MN
∴ME=MN,而ME=,MN=,解得x=。
该题较典型的反映了解决空间几何问题的解题策略:
化空间问题为平面问题来处理。
题型4:
点面距离
例4.如图,四面体ABCD中,O、E分别BD、BC的中点,CA=CB=CD=BD=2。
(Ⅰ)求证:
AO⊥平面BCD;
(Ⅱ)求异面直线AB与CD所成角的大小;
(Ⅲ)求点E到平面的距离。
(1)证明:
连结OC。
∵BO=DO,AB=AD,∴AO⊥BD。
∵BO=DO,BC=CD,∴CO⊥BD。
在△AOC中,由已知可得AO=1,CO=。
而AC=2,∴AO2+CO2=AC2,
∴∠AOC=90°
即AO⊥OC。
∴AB平面BCD。
(Ⅱ)解:
取AC的中点M,连结OM、ME、OE,由E为BC的中点知ME∥AB,OE∥DC。
∴直线OE与EM所成的锐角就是异面直线AB与CD所成的角。
在△OME中,
是直角△AOC斜边AC上的中线,∴
∴
∴异面直线AB与CD所成角的大小为
(Ⅲ)解:
设点E到平面ACD的距离为h.
∴·
S△ACD=·
AO·
S△CDE.
在△ACD中,CA=CD=2,AD=,
∴S△ACD=
而AO=1,S△CDE=
∴h=
∴点E到平面ACD的距离为。
本小题主要考查直线与平面的位置关系、异面直线所成的角以及点到平面的距离等基本知识,考查空间想象能力、逻辑思维能力和运算能力。
题型5:
线面距离
例5.斜三棱柱ABC—A1B1C1中,底面是边长为4cm的正三角形,侧棱AA1与底面两边AB、AC均成600的角,AA1=7。
(1)求证:
AA1⊥BC;
(2)求斜三棱柱ABC—A1B1C1的全面积;
(3)求斜三棱柱ABC—A1B1C1的体积;
(4)求AA1到侧面BB1C1C的距离。
设A1在平面ABC上的射影为0。
∵∠A1AB=∠A1AC,∴O在∠BAC的平行线AM上。
∵△ABC为正三角形,∴AM⊥BC。
又AM为A1A在平面ABC上的射影,∴A1A⊥BC
(2)
∵B1B∥A1A,∴B1B⊥BC,即侧面BB1C1C为矩形。
又,∴S全=
(3)∵cos∠A1AB=cos∠A1AO·
cos∠OAB,∴cos∠A1AO=
∴sin∠A1AO=,∴A1O=A1Asin∠A1AO=
(4)把线A1A到侧面BB1C1C的距离转化为点A或A1到平面BB1C1C的距离
为了找到A1在侧面BB1C1C上的射影,首先要找到侧面BB1C1C的垂面
设平面AA1M交侧面BB1C1C于MM1
∵BC⊥AM,BC⊥A1A
∴BC⊥平面AA1M1M
∴平面AA1M1M⊥侧面BCC1B1
在平行四边形AA1M1M中
过A1作A1H⊥M1M,H为垂足
则A1H⊥侧面BB1C1C
∴线段A1H长度就是A1A到侧面BB1C1C的距离
线面距离往往转化成点面距离来处理,最后可能转化为空间几何体的体积求得,体积法不用得到垂线。
题型6:
线面夹角
例6.如图,在四棱锥P-ABCD中,底面为直角梯形,AD∥BC,∠BAD=90°
PA⊥底面ABCD,且PA=AD=AB=2BC,M、N分别为PC、PB的中点。
PB⊥DM;
(Ⅱ)求CD与平面ADMN所成的角的正弦值。
()因为是的中点,,所以。
因为平面,所以,
从而平面.
因为平面,所以.
()取的中点,连结、,则,
所以与平面所成的角和与平面所成的角相等。
因为平面,所以是与平面所成的角。
在中,。
本题主要考查几何体的概念、线面夹角、两平面垂直等。
能力方面主要考查空间想象能力、逻辑思维能力和运算能力。
题型7:
面面距离
例7.在长方体ABCD—A1B1C1D1中,AB=4,BC=3,CC1=2,如图:
平面A1BC1∥平面ACD1;
(2)求
(1)中两个平行平面间的距离;
(3)求点B1到平面A1BC1的距离。
由于BC1∥AD1,则BC1∥平面ACD1,
同理,A1B∥平面ACD1,则平面A1BC1∥平面ACD1。
(2)解:
设两平行平面A1BC1与ACD1间的距离为d,则d等于D1到平面A1BC1的距离。
易求A1C1=5,A1B=2,BC1=,则cosA1BC1=,则sinA1BC1=,则S=。
由于,则S·
d=·
BB1,代入求得d=,即两平行平面间的距离为。
(3)解:
由于线段B1D1被平面A1BC1所平分,则B1、D1到平面A1BC1的距离相等,则由
(2)知点B1到平面A1BC1的距离等于。
立体几何图形必须借助面的衬托,点、线、面的位置关系才能显露地“立”起来。
在具体的问题中,证明和计算经常依附于某种特殊的辅助平面即基面。
这个辅助平面的获取正是解题的关键所在,通