高考试题分类解析(圆锥曲线方程Word文档格式.doc
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32.(2006年上海春卷)学校科技小组在计算机上模拟航天器变轨返回试验.设计方案如图:
航天器运行(按顺时针方向)的轨迹方程为,变轨(即航天器运行轨迹由椭圆变为抛物线)后返回的轨迹是以轴为对称轴、为顶点的抛物线的实线部分,降落点为.观测点同时跟踪航天器.
(1)求航天器变轨后的运行轨迹所在的曲线方程;
(2)试问:
当航天器在轴上方时,观测点测得离航天器的距离分别为多少时,应向航天器发出变轨指令?
解:
(1)设曲线方程为,
由题意可知,.
.……4分
曲线方程为.……6分
(2)设变轨点为,根据题意可知
得,
或(不合题意,舍去).
.……9分
得或(不合题意,舍去).点的坐标为,……11分
.
答:
当观测点测得距离分别为时,应向航天器发出变轨指令.……14分
33.(2006年全国卷II)已知抛物线x2=4y的焦点为F,A、B是抛物线上的两动点,且=λ(λ>0).过A、B两点分别作抛物线的切线,设其交点为M.
(Ⅰ)证明·
为定值;
(Ⅱ)设△ABM的面积为S,写出S=f(λ)的表达式,并求S的最小值.
(Ⅰ)由已知条件,得F(0,1),λ>0.
设A(x1,y1),B(x2,y2).由=λ,
即得 (-x1,1-y)=λ(x2,y2-1),
将①式两边平方并把y1=x12,y2=x22代入得 y1=λ2y2③
解②、③式得y1=λ,y2=,且有x1x2=-λx22=-4λy2=-4,
抛物线方程为y=x2,求导得y′=x.
所以过抛物线上A、B两点的切线方程分别是
y=x1(x-x1)+y1,y=x2(x-x2)+y2,
即y=x1x-x12,y=x2x-x22.
解出两条切线的交点M的坐标为(,)=(,-1).……4分
所以·
=(,-2)·
(x2-x1,y2-y1)=(x22-x12)-2(x22-x12)=0
为定值,其值为0. ……7分
(Ⅱ)由(Ⅰ)知在△ABM中,FM⊥AB,因而S=|AB||FM|.
|FM|==
=
==+.
因为|AF|、|BF|分别等于A、B到抛物线准线y=-1的距离,所以
|AB|=|AF|+|BF|=y1+y2+2=λ++2=(+)2.
于是 S=|AB||FM|=(+)3,
由+≥2知S≥4,且当λ=1时,S取得最小值4.
34.(2006年四川卷)已知两定点,满足条件的点的轨迹是曲线,直线与曲线交于两点,如果,且曲线上存在点,使,求的值和的面积
解析:
本小题主要考察双曲线的定义和性质、直线与双曲线的关系、点到直线的距离等知识及解析几何的基本思想、方法和综合解决问题的能力。
满分12分。
由双曲线的定义可知,曲线是以为焦点的双曲线的左支,
且,易知
故曲线的方程为
设,由题意建立方程组
消去,得
又已知直线与双曲线左支交于两点,有
解得
又∵
依题意得整理后得
∴或但∴
故直线的方程为
设,由已知,得
∴,
又,
∴点
将点的坐标代入曲线的方程,得
得,但当时,所得的点在双曲线的右支上,不合题意
∴,点的坐标为
到的距离为
∴的面积
35.(2006年全国卷I)在平面直角坐标系中,有一个以和为焦点、离心率为的椭圆,设椭圆在第一象限的部分为曲线C,动点P在C上,C在点P处的切线与轴的交点分别为A、B,且向量。
求:
(Ⅰ)点M的轨迹方程;
(Ⅱ)的最小值。
(I)根据题意,椭圆半焦距长为,半长轴长为,半短轴长,即椭圆的方程为。
设点P坐标为(,)(其中),则
切线C的方程为:
点A坐标为:
(,0),点B坐标为(0,)
点M坐标为:
(,)
所以点M的轨迹方程为:
(且)
(II)等价于求函数
(其中)的最小值
当时等号成立,此时即。
因此,点M坐标为(,)时,所求最小值为。
36.(2006年江苏卷)已知三点P(5,2)、(-6,0)、(6,0)。
(Ⅰ)求以、为焦点且过点P的椭圆的标准方程;
(Ⅱ)设点P、、关于直线y=x的对称点分别为、、,求以、为焦点且过点的双曲线的标准方程。
(I)由题意,可设所求椭圆的标准方程为+,其半焦距。
,∴,
,故所求椭圆的标准方程为+;
(II)点P(5,2)、(-6,0)、(6,0)关于直线y=x的对称点分别为:
、(0,-6)、(0,6)
设所求双曲线的标准方程为-,由题意知半焦距,
,故所求双曲线的标准方程为-。
点评:
本题主要考查椭圆与双曲线的基本概念、标准方程、几何性质等基础知识和基本运算能力
37.(2006年湖北卷)设、分别为椭圆的左、右顶点,椭圆长半轴的长等于焦距,且为它的右准线.
(Ⅰ)求椭圆的方程;
(Ⅱ)设为右准线上不同于点(4,0)的任意一点,若直线、分别与椭圆相交于异于、的点、,证明点在以为直径的圆内.
(此题不要求在答题卡上画图)
本小题主要考查直线、圆和椭圆等平面解析几何的基础知识,考查综合运用数学知识进行推理运算的能力和解决问题的能力。
(Ⅰ)依题意得a=2c,=4,解得a=2,c=1,从而b=.故椭圆的方程为.
(Ⅱ)解法1:
由(Ⅰ)得A(-2,0),B(2,0).设M(x0,y0).
∵M点在椭圆上,∴y0=(4-x02).
又点M异于顶点A、B,∴-2<
x0<
2,由P、A、M三点共线可以得
P(4,).从而=(x0-2,y0),=(2,).
∴·
=2x0-4+=(x02-4+3y02).
将代入,化简得·
=(2-x0).
∵2-x0>
0,∴·
>
0,则∠MBP为锐角,从而∠MBN为钝角,
故点B在以MN为直径的圆内。
解法2:
由(Ⅰ)得A(-2,0),B(2,0).设M(x1,y1),N(x2,y2),
则-2<
x1<
2,-2<
x2<
2,又MN的中点Q的坐标为(,),
依题意,计算点B到圆心Q的距离与半径的差
-=(-2)2+()2-[(x1-x2)2+(y1-y2)2]
=(x1-2)(x2-2)+y1y1
又直线AP的方程为y=,直线BP的方程为y=,
而点两直线AP与BP的交点P在准线x=4上,
∴,即y2=
又点M在椭圆上,则,即
于是将、代入,化简后可得-=.
从而,点B在以MN为直径的圆内。
38.(2006年江西卷)如图,椭圆Q:
(a>
b>
0)的右焦点F(c,0),过点F的一动直线m绕点F转动,并且交椭圆于A、B两点,P是线段AB的中点
(1)求点P的轨迹H的方程
(2)在Q的方程中,令a2=1+cosq+sinq,b2=sinq(0<
q£
),确定q的值,使原点距椭圆的右准线l最远,此时,设l与x轴交点为D,当直线m绕点F转动到什么位置时,三角形ABD的面积最大?
如图,
(1)设椭圆Q:
0)
上的点A(x1,y1)、B(x2,y2),又设P点坐标为P(x,y),则
1°
当AB不垂直x轴时,x1¹
x2,
由
(1)-
(2)得
b2(x1-x2)2x+a2(y1-y2)2y=0
\b2x2+a2y2-b2cx=0…………(3)
2°
当AB垂直于x轴时,点P即为点F,满足方程(3)
故所求点P的轨迹方程为:
b2x2+a2y2-b2cx=0
(2)因为,椭圆 Q右准线l方程是x=,原点距l
的距离为,由于c2=a2-b2,a2=1+cosq+sinq,b2=sinq(0<
)
则==2sin(+)
当q=时,上式达到最大值。
此时a2=2,b2=1,c=1,D(2,0),|DF|=1
设椭圆Q:
上的点A(x1,y1)、B(x2,y2),三角形ABD的面积
S=|y1|+|y2|=|y1-y2|
设直线m的方程为x=ky+1,代入中,得(2+k2)y2+2ky-1=0
由韦达定理得y1+y2=,y1y2=,
4S2=(y1-y2)2=(y1+y2)2-4y1y2=
令t=k2+1³
1,得4S2=,当t=1,k=0时取等号。
因此,当直线m绕点F转到垂直x轴位置时,三角形ABD的面积最大。
39.(2006年天津卷)
如图,以椭圆的中心为圆心,分别以和为半径作大圆和小圆。
过椭圆右焦点作垂直于轴的直线交大圆于第一象限内的点.连结交小圆于点.设直线是小圆的切线.
(1)证明,并求直线与轴的交点的坐标;
(2)设直线交椭圆于、两点,证明.
(1)证明:
由题设条件知,,故,即.
因此,,
在中,.
于是,直线的斜率.设直线的斜率为,则.
这时,直线的方程为,令,则.
所以直线与轴的交点为.
(2)证明:
由
(1),得直线的方程为,且.②
由已知,设,,则它们的坐标满足方程组③
由方程组③消去,并整理得.④
由式①、②和④,.
由方程组③消去,并整理得.⑤
由式②和⑤,.
综上,得到.
注意到,得
.
40.(2006年辽宁卷)已知点,是抛物线上的两个动点,是坐标原点,向量,满足.设圆的方程为
(I)证明线段是圆的直径;
(II)当圆C的圆心到直线X-2Y=0的距离的最小值为时,求p的值。
(I)证明1:
整理得:
设M(x,y)是以线段AB为直径的圆上的任意一点,则
故线段是圆的直径
证明2:
……..
(1)
设(x,y)是以线段AB为直径的圆上则
去分母得:
点满足上方程,展开并将
(1)代入得:
证明3:
……
(1)
以线段AB为直径的圆的方程为
展开并将
(1)代入得:
(II)解法1:
设圆C的圆心为C(x,y),则
又因
所以圆心的轨迹方程为
设圆心C到直线x-2y=0的距离为d,则
当y=p时,d有最小值,由题设得
.
解法2:
设圆C的圆心为C(x,y),则