高考物理 专题03 牛顿运动定律纠错笔记Word文件下载.docx

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2．对运动状态的分析错误。

运动状态的分析要点是速度和加速度，速度关系决定相对运动关系，涉及物体间的相互作用力的分析，加速度则可根据牛顿第二定律列式，直接计算力的大小和有无。

四、复杂问题、难题的分析

1．临界问题的分析关键是找到临界条件。

不能只注重表面的关键词“相等”、“恰好”等，还要挖掘隐含的临界条件，如加速度相等、弹力为零、静摩擦力达到最大、摩擦力为零（即将反向）等。

2．多物体相互牵连（不一定有直接的牵连关系）要注意，只有部分直接牵连的物体（具有相同的运动状态）才能用整体法，其他情况一般需要明确物体间的受力关系隔离分析，物体间的相互作用力可能大小相等，但速度不同，也可能具有相同的速度，但加速度不同。

3．分析多过程问题切忌急躁，应根据速度和加速度的关系逐个过程进行分析，多过程问题的分析关键就是分析清楚速度相等、速度为零、加速度相等和加速度为零这四种情况，它们往往是多过程中各子过程的分界点。

4．复杂模型，如传送带往返问题、快–板模型，应结合以上3点的注意事项进行综合分析。

（2017甘肃泾川三中高一期末）下列关于力的叙述中正确的是

A．力是使物体位移增加的原因

B．力是维持物体运动速度的原因

C．力是使物体惯性改变的原因

D．力是使物体产生加速度的原因

本题易错选A，原因是没意识到运动状态不改变包括匀速直线运动，其位移是增加的。

1．（2017山东济南一中高二开学考试）某人在匀速行驶的火车上相对车厢竖直向上跳起，仍落回原处，这是因为

A．人腾空时间很短，人偏后的距离很小，不易察觉

B．人跳起后，车厢内空气给他一个向前的力，使他随同火车一起向前运动

C．人跳起的瞬间，车厢的地板给他一个向前的力，使他随同火车一起向前运动

D．人跳起后直至落地，在水平方向上人和车终具有相同的速度

【答案】D

【解析】火车匀速直线运动时，人随火车一起运动，人从车厢地板上竖直向上跳起时，由于惯性，在水平方向上仍然保持与火车相同的速度，所以会落回原处，选D。

（2017浙江东阳中学高一入学摸底）如图所示，浸在水中的物体A的质量为3kg，物体B的质量为2kg，且整体处于静止状态，弹簧测力计自身重力不计。

下列说法正确的是

A．物体A对弹簧的拉力与弹簧对绳的拉力是一对作用力和反作用力

B．物体B受到的重力和B对绳的拉力是一对平衡力

C．弹簧测力计的示数为19.6N

D．物体A浸在水中的体积为500cm3

本题易错选A、B，错因是没有抓住分析平衡力和相互作用力的关键，平衡力是作用在同一物体上的，相互作用力的受力物体和施力物体正好相反；

另外，在无特别说明时，重力加速度取9.8m/s2，而不用10m/s2，可能因为这一点而漏过正确选项C。

1．（2017广西玉林福绵中学高一期末）人在沼泽地行走时容易下陷，下陷的过程中

A．人对沼泽地的压力大于沼泽地对人的支持力

B．人对沼泽地的压力等于沼泽地对人的支持力

C．沼泽地对人的支持力小于人的重力

D．沼泽地对人的支持力等于人的重力

【答案】B

【解析】人对沼泽地的压力与沼泽地对人的支持力是一对作用力和反作用力，则人对沼泽地的压力等于沼泽地对人的支持力，A错误，B正确；

人之所以下陷是因为人的重力大于沼泽地对人的支持力，但下陷过程中，可能是加速下陷，也可能是匀速下陷，还有可能减速下陷，所以沼泽地对人的支持力与人自身重力之间的大小关系无法判断，CD错误。

（2017天津一中高三摸底）如图所示，物块1、2间用刚性轻质杆连接，物块3、4间用轻质弹簧相连，物块1、3质量为m，物块2、4质量为M，两个系统均置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。

现将两木板沿水平方向突然抽出，设抽出后瞬间，物块1、2、3、4的加速度大小分别为a1、a2、a3、a4。

重力加速度大小为g，则有

A．a1=g，a2=g，a3=0，a4=

B．a1=g，a2=g，a3=0，a4=0

C．a1=0，a2=g，a3=0，a4=g

D．a1=0，a2=g，a3=0，a4=

本题易错选D，错因是不理解弹力突变的意义，弹力突变意味着：

如果连接的两物体可以相对静止，则弹力突变为零；

如果连接的两物体有相对运动，则弹力突变使两者分别运动。

1．（2017四川宜宾一中高三周考）在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量m=1kg的小球，小球的一端与水平轻弹簧连接，另一端与不可伸长的轻绳相连，轻绳与竖直方向成θ=45°

角，如图所示。

小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，取重力加速度g=10m/s2。

A．此时弹簧的弹力为N

B．剪断弹簧瞬间，小球加速度大小为m/s2

C．剪断细绳瞬间，小球加速度大小为8m/s2

D．剪断细绳瞬间，小球受到的合力斜向左上方45°

【答案】C

（2017四川宜宾一中高三月考）在探究超重和失重规律时，某体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲和起立的动作．传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力随时间t变化的图象，则可能正确的图是

A．B．

C．D．

本题选错的原因主要有两点：

第一，混淆超重和失重，不能根据加速度或受力情况分辨超重和失重；

第二，对下蹲和起立过程的运动分析不正确，没有分析出作为始末速度均为零的过程，要经历先加速后减速的变化。

对人的运动过程进行分析可知，人在下蹲过程中，需要先向下加速，再减速到零至最低点，加速度先向下再向上，即先失重再超重，人对传感器的压力先小于重力，再大于重力；

人在起立过程中，需要先向上加速，再减速到零至站立起来，加速度先向上再向下，即先超重再失重，人对传感器的压力先大于重力，再小于重力。

答案：

D。

1．（2017广东湛江大成中学高一月考）如图所示，A为电磁铁，挂在支架C上，放在台秤的托盘中，在它的正下方有一铁块B。

铁块静止时，台秤示数为G。

当电磁铁通电，铁块被吸引上升过程中（与A接触前），台秤的示数将

A．因为吸引力是内力，示数始终不变

B．先大于G，后小于G

C．一直大于G

D．一直小于G

【解析】电磁铁通电前，台秤示数为G；

电磁铁通电后，铁块被吸引上升，向电磁铁靠近，其受到的磁力逐渐增大，加速度向上且增大，此过程一直超重，则台秤的示数，即视重一直大于G，选C。

一斜劈静止于粗糙的水平地面上，在其斜面上放一滑块，若给滑块一向下的初速度，则正好保持匀速下滑，斜面依然不动。

如图所示，下列说法正确的是

A．在m上加一竖直向下的力F1，则m将保持匀速运动，M对地无摩擦力的作用

B．在m上加一个沿斜面向下的力F2，则m将做加速运动，M对地有水平向左的静摩擦力作用

C．在m上加一个水平向右的力F3，则m将做减速运动，M在停止前对地有向右的静摩擦力作用

D．无论在m上加什么方向的力，在m停止前M对地都无静摩擦力作用

本题的解题关键点是分析清楚竖直向下的力和沿斜面方向的力，在m停止前不改变M受到的合力，并可将任何方向的力分解到这两个方向上。

若不能抓住这一解题关键，仅对各力正交分解，再由牛顿第二定律列式分析，则解题过程复杂繁琐，容易出错。

m原来匀速下滑，M静止，以滑块和斜面组成的整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件可知地面对斜面没有摩擦力，对m有，可得，其中是斜面倾角，m匀速下滑与其速度、质量无关。

当施加竖直向下的力F1时，相当于m的质量增大了，m仍匀速运动，M对地无摩擦力作用，A正确；

当施加一沿斜面向下的力F2时，m所受合力沿斜面向下，做加速运动，但m与M间的弹力和滑动摩擦力均不变，即m对M的合力不变，则M对地无摩擦力作用，B错误；

在m上加任一方向的力，该力总可以分解为沿竖直方向和沿斜面方向的两个分力，只要m仍向下运动，沿竖直方向的分力相当于使m的质量变化为m′，沿斜面方向的分力不改变m′对M的合力，故M对地无静摩擦力作用，C错误，D正确。

AD。

1．（2017河北大名一中高三月考）如图所示，物体B的上表面水平，给A、B一个初速度，它们保持相对静止一起沿斜面下滑，斜面保持静止不动且受到地面的摩擦力水平向左，则下列判断正确的有

A．B、C都各受5个力作用

B．水平面对C的支持力大于三物体的重力之和

C．若只减小B的质量，其他条件不变，C有可能不受水平面的摩擦力作用

D．B的上表面一定是粗糙的

2．（2017黑龙江大庆实验中学高三训练）如图所示，一根固定直杆与水平方向夹角为，将质量为m1的滑块套在杆上，通过轻绳悬挂质量为m2的小球，杆与滑块间的动摩擦因数为。

通过某种外部作用，使滑块和小球瞬间获得初动量后，撤去外部作用，发现滑块与小球仍保持相对静止一起运动，且轻绳与竖直方向的夹角β>

θ。

则滑块的运动情况是

A．速度方向沿杆向下，正在均匀减小

B．速度方向沿杆向下，正在均匀增大

C．速度方向沿杆向上，正在均匀减小

D．速度方向沿杆向上，正在均匀增大

【解析】假设速度方向沿杆向下，根据牛顿第二定律，对滑块和小球整体，沿杆方向有（m1+m2）gsinθ–μ（m1+m2）gcosθ=（m1+m2）a，可得a=g（sinθ–μcosθ），对小球有，可得，故假设不成立，速度方向应沿杆向上，整体所受合力偏向下，故速度均匀减小，选C。

如图所示，在竖直平面内有一半圆，其直径水平且与另一圆的底部相切于O点，O点恰好是半圆的圆心。

有三条光滑轨道a、b、c，它们的上下端分别位于上下两圆的圆周上，三轨道都经过O点，现让一物块先后从三轨道顶端由静止下滑至底端，则物块在每一条倾斜轨道上滑动时所经历的时间关系为

A．ta<

tb<

tcB．ta>

tb>

tcC．ta=tb=tcD．不能确定

在已知等时圆的情况下，本题易错选C。

要注意等时圆的下滑轨道是一端为竖直直径的任一端点，另一端在圆上的光滑轨道。

设轨道与竖直方向夹角为α，小圆半径为r，半圆半径为R，则轨道的长度L=2rcosα+R，下滑的加速度a=gcosα，则下滑的时间，α越大，t越大，故ta<

tc。

A。

1．（2017湖南双峰一中高三月考）如图所示，两圆1和2外切，它们的圆心在同一竖直线上，有三块光滑的板，它们的一端搭在竖直墙上，另一端搭在圆2的圆周上，三块板都通过两圆的切点，A在圆周上，B在圆内，C在圆外，从A、B、C三处同时由静止释放一个小球，它们都沿板运动，则最先到达圆2的圆周上的球是

A．从A处释放的球B．从B处释放的球

C．从C处释放的球D．同时到达

【解析】设轨道与竖直方向夹角为α，圆1、2的半径分别为r1、r2，则Aa板长为L1=2（r1+r2）cosα，下滑的加速度a1=gcosα，根据位移时间公式可得，与α无关，即当板的两端分别在两圆上时，下滑时间相同，由题意，A在圆周上，B在圆内，C在圆外，可知从B处释放的球下滑时间最短，最先到达圆2的圆周上，选B。

如图所示，三