届山东泰安市高三第一轮复习质量检测理综物理试题解析版Word格式.docx

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【解析】试题分析：

由光电效应方程可知，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能越大，则这种金属的逸出功越小，A正确．由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，轨道半径减小，该过程中电场力做正功，所以电势能减小，同时辐射一定频率的光子，电子的动能增大，B错误；

半衰期具有统计规律对大量的原子核适用，对少量的原子核不适用，C错误．该反应是裂变反应．D错误．选A.

【点睛】用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子最大初动能越大，则这种金属的逸出功越小；

根据玻尔理论分析；

半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用；

重核在吸收一个慢中子后分裂成两个中等质量的原子核的反应为裂变反应．

2.如图所示，将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直墙上，不计空气阻力，则下列说法中正确的是

A.篮球两次撞墙的速度可能相等

B.从抛出到撞墙，第二次球在空中运动的时间较短

C.篮球两次抛出时速度的竖直分量可能相等

D.抛出时的动能，第一次一定比第二次大

【答案】B

【解析】将篮球的运动反向处理，即为平抛运动，第二次下落的高度较小，所以运动时间较短．故B正确．水平射程相等，由x=v0t得知第二次水平分速度较大，即篮球第二次撞墙的速度较大，故A错误．由vy=gt，可知，第二次抛出时速度的竖直分量较小，故C错误．根据速度的合成可知，不能确定抛出时的速度大小，动能大小不能确定，故D错误．故选B．

点睛：

本题采用逆向思维，将斜抛运动变为平抛运动处理，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律

3.如图所示，质量为m的小球被非弹性绳A和B系住，其中B绳水平，下列说法正确的是

A.平衡时水平绳的拉力为

B.剪断水平绳，斜绳的拉力不变

C.剪断水平绳，小球的加速度为

D.剪断斜绳，小球的加速度为

【答案】C

【解析】由受力图可知，平衡时水平绳的拉力为mgtanα，选项A错误；

剪断水平绳，斜绳的拉力在瞬间可以突变，选项B错误；

剪断水平绳，将小球的重力沿绳的方向和垂直于绳的方向分解，沿垂直绳的方向产生加速度，大小为，选项C正确；

剪断斜绳，水平绳的拉力瞬间变为零，则小球的加速度为g，选项D错误；

故选C.

4.由中国科学家设计的空间引力波探测工程“天琴计划”，采用三颗全同的卫星（SC1、SC2、SC3）构成一个边长约为地球半径27倍的等边三角形，阵列如图所示。

地球恰好处于三角形中心，卫星在以地球为中心的圆轨道上运行，对一个周期仅有5.4分钟的超紧凑双白星（RXJ0806.3+1527）产生的引力波进行探测。

若贴近地球表面的卫星运行速率为V0，则三颗全同卫星的运行速率最接近

A.0.10V0B.0.25V0C.0.5V0D.0.75V0

【解析】由几何关系可知，等边三角形的几何中心到各顶点的距离等于边长的，所以卫星的轨道半径与地球半径的关系：

r=27×

R=9R；

根据可得，则v同=0.25v0，故选B.

5.如图所示，一倾角为的固定斜面下端固定一挡板，一劲度系数为k的轻弹簧下端固定在挡板上。

现将一质量为m的小物块从斜面上离弹簧上端距离为s处由静止释放，已知物块与斜面间的动摩擦因数为，物块下滑过程中的最大动能为EKm，则小物块从释放到运动至最低点的过程中，下列说法中正确的是

A.物块刚与弹簧接触的瞬间动能最大

B.物块的最大动能等于重力与摩擦力对物块做功之和

C.弹簧的最大弹性势能等于整个过程中重力与摩擦力对物块做功之和

D.若将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放，则下滑过程中物块的最大动能小于2EKm

【答案】CD

【解析】物块刚与弹簧接触的瞬间，弹簧的弹力为零，仍有mgsinα＞μmgcosα，物块继续向下加速，动能仍在增大，所以此瞬间动能不是最大，当物块的合力为零时动能才最大，故A错误．物块的最大动能等于重力、弹力与摩擦力对物块做功之和，选项B错误；

根据能量转化和守恒定律知，弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与产生的内能之差，而内能等于物块克服摩擦力做功，可得弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能与摩擦力对物块做功之和．故C正确．若将物块从离弹簧上端2s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块动能最大的位置不变，弹性势能不变，设为Ep．此位置弹簧的压缩量为x．

根据功能关系可得：

将物块从离弹簧上端s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块的最大动能为Ekm=mg（s+x）sinα-μmg（s+x）cosα-Ep．

将物块从离弹簧上端s的斜面处由静止释放，下滑过程中物块的最大动能为Ekm′=mg•（2s+x）sinα-μmg•（2s+x）cosα-Ep．

而2Ekm=mg（2s+2x）sinα-μmg（2s+2x）cosα-2Ep．=[mg（2s+x）sinα-μmg（2s+x）cosα-Ep]+[mgxsinα-μmgxcosα-Ep]=Ekm′+[mgxsinα-μmgxcosα-Ep]

由于在物块接触弹簧到动能最大的过程中，物块的重力势能转化为内能和物块的动能，则根据功能关系可得：

mgxsinα-μmgxcosα＞Ep，即mgxsinα-μmgxcosα-Ep＞0，所以得Ekm′＜2Ekm．故D正确．故选CD.

本题主要考查了动能定理及能量守恒定律的直接应用，关键要能正确分析物体的运动情况，知道什么时候动能最大，能熟练运用能量守恒定律列式研究．

6.两个等量同种电荷固定于光滑绝缘水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2×

10-5C，质量为1g的小物体在水平面上从C点静止释放，其运动的v-t图象如图乙所示。

其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）。

则下列说法正确的是

A.沿直线从C到A，电势逐渐减小

B.小物体由C到A的过程中，其电势能先减小后增大

C.B为中垂线上电场强度最大的点，且场强E=200V／m

D.A、B两点间的电势差UAB=－500V

【答案】AD

【解析】沿直线从C到A，动能逐渐变大，则电势逐渐减小，选项A正确，B错误；

物体在B点的切线斜率最大，加速度最大，所受的电场力最大，则B为中垂线上电场强度最大的点，且，场强，选项C错误；

从A到B，由动能定理：

，解得UBA=500V，则A、B两点间的电势差UAB=－500V，选项D正确；

故选AD.

明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，据V-t图获取加速度、速度、动能等物理量是解本题的突破口．

7.如图所示，在光滑水平面上，有一质量为M=3kg的薄板和质量m=1kg的物块，都以v=4m／s的初速度朝相反方向运动，它们之间有摩擦，薄板足够长，当薄板的速度为2．4m／s时，下列说法正确是

A.物块做减速运动

B.物块做加速运动

C.物块的速度大小为0.8m／s

D.此过程中．系统产生的内能为7．04J

【答案】BC

此过程中．系统产生的内能为，带入数据解得：

∆E=23.04J，选项D错误；

故选BC．

本题考查应用系统的动量守恒定律分析物体运动情况的能力，这是分析物体运动情况的一种方法，用得较少，但要学会，比牛顿定律分析物体运动情况简单．

8.如图所示，在直角三角形ABC内存在垂直纸面向外的匀强磁场（图中未画出），AB边长度为d，，现垂直AB边射入一群质量均为m、电荷量均为q、速度相同的带正电粒子（不计重力）。

已知垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间为t0，在磁场中运动时间最长的粒子经历的时间为t0。

则下列判断正确的是

A.粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为4t0

B.该匀强磁场的磁感应强度大小为

C.粒子在磁场中运动的轨道半径为

D.粒子进入磁场时的速度大小为

【答案】ABC

【解析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，垂直AC边射出的粒子在磁场中运动的时间是T，即T=t0，则得周期T=4t0，故A正确．由T=得，．故B正确．设运动时间最长的粒子在磁场中的运动轨迹所对的圆心角为θ，则有，得θ=

画出该粒子的运动轨迹如图，设轨道半径为R，由几何知识得：

+Rcos30°

=d，可得，故C正确；

根据，解得．故D错误．故选ABC.

带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动解题一般程序是：

画轨迹：

确定圆心，几何方法求半径并画出轨迹．找联系：

轨迹半径与磁感应强度、速度联系；

偏转角度与运动时间相联系，时间与周期联系．用规律：

牛顿第二定律和圆周运动的规律．

三、非选择题。

9.用如图（a）所示装置测量滑块的质量M（含遮光条），已知实验中所用钩码的质量均为m0，重力加速度未知。

请完成下列填空：

A．将两光电门固定在气垫导轨上。

读出两光电门之间的距离L；

用游标卡尺测出遮光条的宽度d，示数如图（b）所示，则d=______cm；

B．闭合气泵开关，打开光电门，轻推滑块使滑块运动。

调节导轨，直至两光电门记录的时间相等；

C．将细线的一端栓接在滑块上，另一端跨过定滑轮挂一个钩码，调节定滑轮使细线与气垫导轨的轨道平行；

D．释放滑块，记录滑块通过光电门的时间t1、t2，计算出滑块的加速度a1=____（用t1、t2、L、d表示）；

E．依次添加砝码，重复上述过程几次，记录相关实验数据并计算出滑块相应的加速度；

F．以钩码的质量的倒数（）为横轴，加速度的倒数（）为纵轴，建立直角坐标系，利用以上数据画出如图（c）所示的图线，若该直线的斜率为k，纵轴截距为b，则滑块的质量M=____________。

【答案】

（1）.0.515

（2）.（3）.

【解析】

（1）游标卡尺测出遮光条的宽度d=0.5cm+0.05mm×

3=0.515cm；

（2）滑块经过两个光电门的速度分别为：

，，根据解得：

；

（3）根据牛顿第二定律：

mg-T=ma，T=Ma，解得mg-Ma=ma，变形可得：

，则图像的截距，斜率，解得.

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事．遇到涉及图象的问题时，要先根据物理规律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，再根据斜率和截距的概念求解即可．

10.利用下列器材“测定两节干电池组成电池组的电动势和内阻”

A．待测干电池组

B．电流表A1（量程为0~30mA，内阻R1=18）

C．电流表A2（量程为0~0.6A，内阻R2=0.1）

D．滑动变阻器R（0~50，允许通过的最大电流为5A）

E．定值电阻R0=80

F．开关和导线若干

（1）某实验小组设计了“甲”、“乙”两种实验电路，合理的是_____（填“甲”或“乙”）；

（2）分别用E和r表示电源的电动势和内电阻，I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数。

则I1和I2的关系式为________________；

（3）按照合理的电路进行实验，记录的实验数据如下：

根据表中的实验数据，用I1作纵轴、I2作横轴，在坐标纸上画出I1-I2图线；

（