高中物理选修31导学案第一章微型专题3带电粒子在电场中的运动Word文件下载.docx
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例1 如图1所示,充电后的平行板电容器水平放置,电容为C,极板间距离为d,上极板正中有一小孔.质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落,穿过小孔到达下极板处速度恰好为零(空气阻力忽略不计,极板间电场可视为匀强电场,重力加速度为g).求:
图1
(1)小球到达小孔处的速度大小;
(2)极板间电场强度大小和电容器所带电荷量;
(3)小球从开始下落到运动到下极板处所用的时间.
答案
(1)
(2) (3)
解析
(1)小球从静止开始下落到小孔间做自由落体运动,由v2=2gh,得v=.
(2)在极板间带电小球受重力和电场力作用,由牛顿第二定律得:
mg-qE=ma
由运动学公式知:
0-v2=2ad
整理得电场强度大小E=
由U=Ed,Q=CU,
得电容器所带电荷量Q=.
(3)由h=gt,0=v+at2,t=t1+t2
整理得t=.
二、带电粒子在电场中的类平抛运动
例2 长为L的平行金属板水平放置,两极板带等量的异种电荷,板间形成匀强电场,一个带电荷量为+q、质量为m的带电粒子,以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场,刚好从下极板边缘射出,射出时速度恰与下极板成30°
角,如图2所示,不计粒子重力,求:
图2
(1)粒子离开电场时速度的大小;
(2)匀强电场的场强大小;
(3)两板间的距离.
答案
(1)
(2) (3)L
解析
(1)粒子离开电场时,速度与水平方向夹角为30°
,由几何关系得速度:
v==.
(2)粒子在匀强电场中做类平抛运动,
在水平方向上:
L=v0t,在竖直方向上:
vy=at,
vy=v0tan30°
=,由牛顿第二定律得:
qE=ma
解得:
E=.
(3)粒子在匀强电场中做类平抛运动,在竖直方向上:
d=at2,解得:
d=L.
三、带电粒子在交变电场中的运动
例3 在如图3所示的平行板电容器的两板A、B上分别加如图4甲、乙所示的两种电压,开始B板的电势比A板高.在电场力作用下原来静止在两板中间的电子开始运动.若两板间距足够大且不计重力,试分析电子分别在甲、乙两种交变电压作用下的运动情况,并定性画出相应的v-t图象.
图3
甲 乙
图4
答案 见解析
解析 t=0时,B板电势比A板高,在电场力作用下,电子向B板(设为正向)做初速度为零的匀加速直线运动.
(1)对于题图甲,在0~T内电子做初速度为零的正向匀加速直线运动,T~T内电子做末速度为零的正向匀减速直线运动,然后周期性地重复前面的运动,其速度图线如图(a)所示.
(2)对于题图乙,在0~内做类似
(1)0~T的运动,~T电子做反向先匀加速、后匀减速、末速度为零的直线运动.然后周期性地重复前面的运动,其速度图线如图(b)所示.
(a) (b)
1.当空间存在交变电场时,粒子所受电场力方向将随着电场方向的改变而改变,粒子的运动性质也具有周期性.
2.研究带电粒子在交变电场中的运动需要分段研究,并辅以v-t图象.特别注意带电粒子进入交变电场时的时刻及交变电场的周期.
四、带电粒子在电场(复合场)中的圆周运动
例4 如图5所示,半径为r的绝缘细圆环的环面竖直固定在水平面上,场强为E的匀强电场与环面平行.一电荷量为+q、质量为m的小球穿在环上,可沿环做无摩擦的圆周运动,若小球经A点时,速度vA的方向恰与电场垂直,且圆环与小球间沿水平方向无力的作用,求:
图5
(1)速度vA的大小;
(2)小球运动到与A点对称的B点时,对环在水平方向的作用力的大小.
答案
(1)
(2)6qE
解析
(1)在A点,小球在水平方向只受电场力作用,根据牛顿第二定律得:
qE=m
所以小球在A点的速度vA=.
(2)在小球从A运动到B的过程中,根据动能定理,电场力做的正功等于小球动能的增加量,即2qEr=mv-mv
小球在B点时,根据牛顿第二定律,在水平方向上有FB-qE=m
解以上两式得小球在B点受到环的水平作用力为:
FB=6qE.由牛顿第三定律知,球对环在水平方向的作用力大小FB′=6qE.
解决电场(复合场)中的圆周运动问题,关键是分析向心力的来源,向心力的提供有可能是重力和电场力的合力,也有可能是单独的重力或电场力.有时可以把复合场中的圆周运动等效为竖直面内的圆周运动,找出等效“最高点”和“最低点”.
针对训练 如图6所示,ABCD为竖直放在E=1.0×
103V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中BCD部分是直径为20cm的半圆环,水平轨道AB=15cm,直径BD垂直于AB,今有m=10g、q=10-4C的小球从静止由A点沿轨道运动,它运动到图中C处时的速度是______m/s,在C处时对轨道的压力是______N;
要使小球恰好能运动到D点,开始时小球的位置应离B点________m.(g取10m/s2)
图6
答案 0.4 0.25
解析 由Eq(+)-mg=mv可得vC=m/s;
在C处由FN-Eq=得FN=0.4N,根据牛顿第三定律得在C处时对轨道的压力为0.4N;
要使小球能运动到D点,vD==1m/s,由Eq·
-mg·
=mv,得=0.25m.
1.(带电体在电场中的直线运动)如图7所示,在竖直放置间距为d的平行板电容器中,存在电场强度为E的匀强电场.有一质量为m、电荷量为+q的小球从两极板正中间处静止释放,重力加速度为g,不计空气阻力.则小球运动到负极板的过程( )
图7
A.加速度大小为a=+g
B.所需的时间为t=
C.下降的高度为y=
D.电场力所做的功为W=Eqd
答案 B
解析 小球在电场中的受力分析如图所示,小球所受的合外力为F=,所以由牛顿第二定律得小球的加速度为a==,A错;
小球在水平方向的加速度a1=,由运动学公式=a1t2,所以t=,故B正确;
小球在竖直方向上做自由落体运动,所以下降的高度y=gt2=,故C错误;
由做功公式得W=,故D错误.
2.(带电粒子在交变电场中的运动)(多选)如图8(a)所示,A、B表示真空中水平放置的相距d的平行金属板,板长为L,两板加电压后板间的电场可视为匀强电场.现在A、B两板间加上如图(b)所示的周期性的交变电压,在t=0时恰有一质量为m、电荷量为+q的粒子在左侧板间中央沿水平方向以速度v0射入电场,忽略粒子的重力,则下列关于粒子运动状态的表述中正确的是( )
图8
A.粒子在垂直于板的方向上的分运动可能是往复运动
B.粒子在垂直于板的方向上的分运动是单向运动
C.只要周期T和电压U0的值满足一定条件,粒子就可沿与板平行的方向飞出
D.粒子不可能沿与板平行的方向飞出
答案 BC
3.(带电粒子在复合场中的圆周运动)如图9所示,半径为R的光滑圆环竖直置于场强为E的水平方向的匀强电场中,质量为m、带电荷量为+q的空心小球穿在环上,当小球从顶点A由静止开始下滑到与圆心O等高的位置B时,求小球对环的压力.(重力加速度为g)
图9
答案 2mg+3Eq,方向水平向右
解析 小球从A运动到B的过程中,重力做正功,电场力做正功,动能增加,由动能定理有mgR+EqR=mv2
在B点小球受到重力mg、电场力F和环对小球的弹力F1三个力的作用,沿半径方向指向圆心的合力提供向心力,则F1-Eq=m
联立以上两式可得F1=2mg+3Eq
小球对环的作用力与环对小球的作用力为一对作用力与反作用力,两者等大反向,即小球对环的压力F1′=2mg+3Eq,方向水平向右.
4.(带电粒子在电场中的类平抛运动)如图10所示,阴极A受热后向右侧空间发射电子,电子质量为m,电荷量为e,电子的初速率有从0到v的各种可能值,且各个方向都有.与A极相距l的地方有荧光屏B,电子击中荧光屏时便会发光.若在A和B之间的空间里加一个水平向左、与荧光屏面垂直的匀强电场,电场强度为E,且电子全部打在荧光屏上,求B上受电子轰击后的发光面积.
图10
答案
解析 阴极A受热后发射电子,这些电子沿各个方向射向右边匀强电场区域,且初速率从0到v各种可能值都有.取两个极端情况如图所示.
沿极板竖直向上且速率为v的电子,受到向右的电场力作用做类平抛运动打到荧光屏上的P点.
竖直方向上y=vt,
水平方向上l=·
t2.解得y=v.
沿极板竖直向下且速率为v的电子,受到向右的电场力作用做类平抛运动打到荧光屏上的Q点,同理可得y′=v.
故在荧光屏B上的发光面积S=y2π=.
一、选择题
考点一 带电粒子在电场中的直线运动
1.(多选)如图1所示,平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度,两极板与一直流电源相连.若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器,则在此过程中,该粒子( )
A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加
C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运动
答案 BD
解析 对带电粒子受力分析如图所示,F合≠0,则A错.由图可知电场力与重力的合力方向与v0方向相反,F合对粒子做负功,其中mg不做功,Eq做负功,故粒子动能减少,电势能增加,B正确,C错误.F合恒定且F合与v0方向相反,粒子做匀减速直线运动,D项正确.
2.如图2所示,从F处释放一个无初速度的电子(重力不计)向B板方向运动,下列说法错误的是(设电源电压都恒为U)( )
A.电子到达B板时的动能是Ue
B.电子从B板到达C板动能变化量为零
C.电子到达D板时动能是3Ue
D.电子在A板和D板之间做往复运动
答案 C
3.如图3,一充电后的平行板电容器的两极板相距l.在正极板附近有一质量为M、电荷量为q(q>0)的粒子;
在负极板附近有另一质量为m、电荷量为-q的粒子.在电场力的作用下,两粒子同时从静止开始运动.已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l的平面.若两粒子间相互作用力可忽略,不计重力,则M∶m为( )
A.3∶2B.2∶1
C.5∶2D.3∶1
答案 A
解析 因两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距l的平面,电荷量为q的粒子通过的位移为l,电荷量为-q的粒子通过的位移为l,由牛顿第二定律知它们的加速度分别为a1=,a2=,由运动学公式有
l=a1t2=t2①
l=a2t2=t2②
得=.B、C、D错,A对.
4.(多选)如图4所示,M、N是真空中的两块平行金属板,质量为m、电荷量为q的带电粒子,以初速度v0由小孔进入电场,当M、N间电压为U时,粒子恰好能到达N板,如果要使这个带电粒子到达M、N板间距的后返回,下列措施中能满足要求的是(不计带电粒子的重力)( )
A.使初速度减为原来的
B.使M、N间电压加倍
C.使M、N间电压提高到原来的4倍
D.使初速度和M、N间电压都减为原来的
解析 由qE·
l=mv,知
当v0变为v0时l变为;
因为qE=q,所以qE·