三年模拟精选届高考生物 第五单元 专题十 基因的分离定律和自由组合定律全国通用Word格式.docx

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B.最能说明基因分离定律实质的是F2的性状分离比为3∶1

C.若要鉴别和保留纯合的抗锈病（显性）小麦，最合理的方法是自交

D.通过测交可以推测被测个体产生配子的种类和比例

解析　若以A、a这一对等位基因为例，在一个种群中，可有6种不同的交配类型，即AA×

AA、AA×

Aa、AA×

aa、Aa×

Aa、Aa×

aa、aa×

aa，A正确；

最能说明基因分离定律实质的是F1减数分裂过程中等位基因分离，产生两种比例相等的配子，B错误；

鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便，C正确；

由于测交是与隐性个体杂交，而隐性个体只能产生1种含隐性基因的配子，所以通过测交后代表现型种类和比例可以推测被测个体产生配子的种类和比例，D正确。

答案　B

3.（2015·

辽宁五校协作体模拟）“遗传学之父”孟德尔经过多年的实验发现了遗传规律，其中基因的自由组合定律应该作用于下图中的（　　）

A.①和②B.①C.②D.③

解析　基因自由组合定律的实质是等位基因彼此分离的同时非同源染色体上的非等位基因自由组合；

发生的时间为减数第一次分裂后期同源染色体分离时。

所以基因型为AaBb的个体在进行有性生殖时，其基因的自由组合定律应作用于①减数分裂产生4种配子的步骤。

4.（2015·

河南周口抽测调研）在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及到了自交和测交。

下列相关叙述中正确的是（　　）

A.自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交不能

B.测交可以用来判断一对相对性状的显隐性，自交不能

C.自交可以用于显性优良性状的品种培育过程

D.自交和测交都不能用来验证分离定律和自由组合定律

解析　自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交也能，A错误；

测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性，但自交能，B错误；

自交可以用于显性优良性状的品种培育过程，淘汰发生性状分离的个体，得到纯合体，C正确；

自交不能用来验证分离定律和自由组合定律，但可用测交来验证分离定律和自由组合定律，D错误。

5.（2015·

山东德州模拟）将一批基因型为AA与Aa的豌豆种子种下，自然状态下（假设结实率相同）其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量比为3∶2∶1，则这批种子中，基因型为Aa的豌豆所占比例为（　　）

A.

B.

C.

D.

解析　豌豆在自然状态下只能自交，假设这批种子中，基因型为Aa的豌豆所占比例为X，则AA所占的比例为1－X，因此子代中基因型为AA的个体所占的比例为（1－X）＋

X＝

，因此X＝

。

6.（2015·

江苏盐城模拟）用具有两对相对性状的纯种豌豆作亲本杂交获得F1，F1自交得F2，F2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9∶3∶3∶1，与F2出现这样的比例无直接关系的是（　　）

A.亲本必须是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆

B.F1产生的雄、雌配子各有4种，比例为1∶1∶1∶1

C.F1自交时4种类型的雄、雌配子的结合是随机的

D.F1的16种配子结合方式获得的受精卵都能发育成新个体

解析　亲本可以是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆，还可以是纯种黄色皱粒豌豆与纯种绿色圆粒豌豆，A错误；

F1黄色圆粒产生的雄、雌配子各有4种，比例均为1∶1∶1∶1，才能使子代出现9∶3∶3∶1，B正确；

F1自交时4种类型的雄、雌配子的结合是随机的，即结合的机会以是均等的，C正确；

F1的16种配子结合方式都能发育成新个体（种子）与F2出现这样的比例有着直接的关系，D正确。

答案　A

7.（2015·

辽宁沈阳模拟）小鼠毛皮中黑色素的形成是一个复杂的过程，当显性基因R、C（两对等位基因位于两对常染色体上）都存在时，才能产生黑色素，如图所示。

现将黑色纯种和白色纯种小鼠进行杂交，F1雌雄交配，则F2的表现型比例为（　　）

A.黑色∶白色＝2∶1

B.黑色∶棕色∶白色＝1∶2∶1

C.黑色∶棕色∶白色＝9∶3∶4

D.黑色∶棕色∶白色＝9∶6∶1

解析　亲本基因型是RRCC和rrcc，杂交后代基因型是RrCc，F1雌雄交配，则F2中黑色（R_C_）∶棕色（rrC_）∶白色（__cc）＝9∶3∶4。

C正确。

8.（2014·

上海徐汇能力诊断）一批基因型为AA与Aa的豌豆，两者数量之比是1∶3。

自然状态下（假设结实率相同）其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为（　　）

A.3∶2∶1B.7∶6∶3

C.5∶2∶1D.1∶2∶1

解析　不要把豌豆自然条件下的受粉理解成为自由交配是解题关键。

豌豆在自然状态下自花传粉且闭花受粉，故只能自交。

根据题意，亲本是1/4AA、3/4Aa分别自交，1/4AA自交后代仍是1/4AA，3/4Aa自交后代是3/4（1/4AA、1/2Aa、1/4aa），最终两种情况合计＝（1/4＋3/16）AA∶（3/8）Aa∶（3/16）aa＝7∶6∶3。

9.（2013·

长春调研）在西葫芦的皮色遗传中，黄皮基因Y对绿皮基因y为显性，但在另一白色显性基因W存在时，基因Y和y都不能表达。

现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是（　　）

A.四种　9∶3∶3∶1B.两种13∶3

C.三种　12∶3∶1D.三种10∶3∶3

解析　本题考查基因对性状的控制和自由组合定律的应用，意在考查考生的理解、分析能力。

由题意可知，白皮个体的基因型为W___，黄皮个体的基因型为wwY_，绿皮个体的基因型为wwyy。

基因型为WwYy的个体自交，子代的表现型及比例为白皮∶黄皮∶绿皮＝12∶3∶1。

二、非选择题

10.（2015·

福建莆田一中期中考试）生物是一门实验科学，某中学的同学在高一时用牵牛花做杂交实验，高二时得到子代，结果如下表所示：

父本

母本

子代

一班

1朵红花

298朵红花、101朵蓝花

二班

1朵蓝花

红花、蓝花（没有意识到要统计数量比）

三班

四班

全红花

（1）若四个班的同学没有进行交流，且均以为花色仅受一对等位基因控制，则________班和________班对显隐性的判断刚好相反。

四个班经过交流后，对该现象提出了两种可能的假说：

假说一：

花色性状由三个复等位基因（A＋、A、a）控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a是显性。

若该假说正确，则一班同学所用的两朵亲代红花的基因型组合方式可能为①________×

________，②________×

________两种情况。

假说二：

花色性状由三个复等位基因（A、a1、a2）控制，只有a1和a2在一起时，才会表现为蓝色，其他情况均为红色，A相对于a1、a2为显性。

能否仅根据一班F1的数量比判断哪种假说是正确的？

________（能/不能）。

（2）将一班F1中的蓝色花进行自交得一班F2，将二班F1中的红色花自交得二班F2。

到了高三，统计得到一班F2中红花个体和蓝花个体各占一半，则一班同学可以据此判断自己高一时所用的两朵红花亲本的基因型为________，并且可推测二班F2中的花色比例应为________。

解析　

（1）相同性状的两个亲本杂交，后代出现新的性状，新的性状是隐性性状。

所以一班的会判定红花为显性，蓝花为隐性；

二班则相反，会判定蓝花为显性，红花为隐性。

若假说一正确，一班所用的红花两亲本的组合可能存在如下两种情况：

①A＋A×

A＋A或者②A＋A×

A＋a。

若假说二正确，一班的亲本组合可以是Aa1×

Aa2，所以仅根据一班F1的数量是无法判断哪种假说是正确的。

（2）一班F1中的蓝色花进行自交得F2，红花和蓝花各占一半，若按照假说一，一班亲代基因型为①A＋A×

A＋，F1中的蓝花基因型为AA或Aa，其自交后代全为蓝花（AA）或者蓝花与红花之比为3∶1（1AA∶2Aa∶1aa），所以不符合假说一，但符合假说二，即F1蓝花的基因型为：

a1a2，自交后F2：

a1a1，2a1a2，a2a2，红花和蓝花各占一半。

二班F1中的红色花自交得二班F2以假说，可推测二班的F1红花的基因型：

a1a1，a2a2，自交后F2全部为红花。

整个过程的推理是采用的假说－演绎法。

答案　

（1）一班　二班　①A＋A×

A＋A　②A＋A×

A＋a

不能

（2）Aa1和Aa2　红∶蓝＝1∶0（全为红花）

11.（2015·

河南洛阳模拟）为了研究果蝇眼色（由基因E、e控制）和翅形（由基因B、b控制）的遗传规律，科研工作者以紫眼卷翅、赤眼卷翅、赤眼长翅（野生型）三个不同品系的果蝇为材料，进行杂交实验，结果如图1。

请分析回答：

（1）由实验一可推测出翅形中的显性性状是________。

F1卷翅自交后代中，卷翅与长翅比例接近2∶1的原因，最可能是基因型为________的个体致死。

（2）实验二中F1赤眼卷翅的基因型是________。

F1赤眼卷翅自交所得F2表现型比例接近于________。

（3）另一些研究者在解释以上果蝇翅形的遗传现象时提出，紫眼卷翅品系和赤眼卷翅品系果蝇在卷翅基因（B）所在染色体上存在隐性致死基因（d），该基因纯合致死。

①研究者指出，紫眼卷翅品系和赤眼卷翅品系隐性致死基因不同（分别用d1和d2表示），他们在染色体上的位置如图2所示。

其中d1d1和d2d2致死，d1d2不致死，d1和d2__________（填“属于”或“不属于”）等位基因，理由是

___________________________________________________________________。

②若以上假设成立，则紫眼卷翅品系和赤眼卷翅品系杂交，理论上后代卷翅与长翅的比例为________。

解析　

（1）由实验一F1卷翅自交，F2有卷翅和长翅，出现性状分离，可推知翅形中卷翅是显性性状；

F1卷翅的基因型为Bb，其自交后代的基因型及比例为BB（卷翅）∶Bb（卷翅）∶bb（长翅）＝1∶2∶1，即卷翅∶长翅应为3∶1，但实际比例接近2∶1，最可能的原因是基因型为BB的卷翅个体致死。

（2）实验二的F1赤眼卷翅自交，F2有四种表现型，说明F1的赤眼卷翅的基因型为EeBb。

F1赤眼卷翅自交后代的表现型及比例应为赤眼卷翅（E_B_）∶赤眼长翅（E_bb）∶紫眼卷翅（eeB_）∶紫眼长翅（eebb）＝9∶3∶3∶1，但由于基因型为BB的卷翅个体致死，即F2中1EEBB、2EeBB、1eeBB个体死亡，因此，F1赤眼卷翅自交所得F2表现型比例是6∶3∶2∶1。

（3）①图中d1、d2在一对同源染色体的不同位置上，不属于等位基因。

②若紫眼卷翅品系（Bbd1）和赤眼卷翅品系（Bbd2）杂交，由于