数学湖北省黄冈市届高三上学期期末考试理Word格式.docx
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A.B.C.D.
6.如图,网格纸上正方形小格的边长为1,图中粗线画的是某几何体的三视图,则该几何体的表面积为S为(注:
圆台侧面积公式为)
A.B.
C.D.
7.已知的外接圆的圆心为O,半径为2,且,则向量在向量方向上的投影为
A.B.C.D.
8.在正三棱柱中,若,则与所成角的大小为
9.已知函数的图象关于直线对称,
则
10.已知函数是定义在上的偶函数,为奇函数,,当时,,则在区间内满足方程的实数为
11.如图,给定由10个点(任意相邻两点距离为1,)组成的正三角形点阵,在其中任意取三个点,以这三个点为顶点构成的正三角形的个数是
A.12B.13C.15D.16
12.已知函数在处取得最大值,以下各式中:
①②③④⑤
正确的序号是
A.②④B.②⑤C.①④D.③⑤
第Ⅱ卷(非选择题)
二、填空题:
本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.设函数,则满足的取值范围为.
14.多项式的展开式中的系数为.(用数字作答)
15.有一个电动玩具,它有一个的长方形(单位:
cm)和一个半径为1cm的小圆盘(盘中娃娃脸),他们的连接点为A,E,打开电源,小圆盘沿着长方形内壁,从点A出发不停地滚动(无滑动),如图所示,若此时某人向该长方形盘投掷一枚飞镖,则能射中小圆盘运行区域内的概率为.
16.设数列满足,且,若表示不超过的最大整数,则.
三、解答题:
本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明或推理、验算过程.
17.(本题满分10分)
已知函数
(1)若关于的方程只有一个实数解,求实数a的取值范围;
(2)若当时,不等式恒成立,求实数a的取值范围.
18.(本题满分12分)
函数的部分图像如图所示,
将的图象向右平移个单位长度后得到函数的图象.
(1)求函数的解析式;
(2)在中,角A,B,C满足,且其外接圆的半径R=2,求的面积的最大值.
19.(本题满分12分)
已知数列的前项和,n为正整数.
(1)令,求证:
数列为等差数列,并求出数列的通项公式;
(2)令,求.
20.(本题满分12分)为了引导居民合理用水,某市决定全面实施阶梯水价,阶梯水价原则上以住宅(一套住宅为一户)的月用水量为基准定价,具体划分标准如下表:
从本市随机抽取了10户家庭,统计了同一个月的用水量,得到右边的茎叶图:
(1)现要在这10户家庭中任意选取3户,求取到第二阶梯水量的户数的分布列和数学期望;
(2)用抽到的10户家庭作为样本估计全市的居民用水情况,从全市依次随机抽取10户,若抽到n户月用水用量为第二阶梯水量的可能性最大,求出n的值.
21.(本题满分12分)如图,在各棱长均为2的三棱柱中,
侧面底面,
(1)求侧棱与平面所成角的正弦值的大小;
(2)已知点D满足,在直线上是否存在点P,使DP//平面?
若存在,请确定点P的位置,若不存在,请说明理由.
22.(本题满分12分)已知函数在定义域内有两个不同的极值点.
(1)求实数a的取值范围;
(2)记两个极值点为,且,已知,若不等式恒成立,求的取值范围.
参考答案
一、选择题1-12DCACBDBDDBCA
13.14.-648015.16.2016
三:
解答题17.解:
(Ⅰ)方程|f(x)|=g(x),即|x2﹣1|=a|x﹣1|,变形得|x﹣1|(|x+1|﹣a)=0,显然,x=1已是该方程的根,从而欲使原方程只有一解,即要求方程|x+1|=a有且仅有一个等于1的解或无解,∴a<0.…………5分
(Ⅱ)当x∈R时,不等式f(x)≥g(x)恒成立,即(x2﹣1)≥a|x﹣1|(*)对x∈R恒成立,
①当x=1时,(*)显然成立,此时a∈R;
②当x≠1时,(*)可变形为a≤,
令φ(x)==
因为当x>1时,φ(x)>2,当x<1时,φ(x)>﹣2,所以φ(x)>﹣2,故此时a≤﹣2.
综合①②,得所求实数a的取值范围是a≤﹣2.…………10分
18.(Ⅰ)由图知,解得
∵
∴,即
由于,因此……………………3分
∴
即函数的解析式为………………6分
(Ⅱ)∵
,即,所以或1(舍),……8分
由正弦定理得,解得
由余弦定理得
∴,(当且仅当a=b等号成立)
∴的面积最大值为.……………………12分
19.解:
(I)在中,令n=1,可得,即
当时,,
.
又数列是首项和公差均为1的等差数列.
于是.……6分
(II)由(I)得,所以
由①-②得
……12分
20.解:
(1)由茎叶图可知抽取的10户中用水量为一阶的有2户,二阶的有6户,
三阶的有2户
第二阶梯水量的户数X的可能取值为0,1,2,3………………1分
,
所以X的分布列为
X
1
2
3
P
………………………5分
EX=……………………………6分
(2)设Y为从全市抽取的10户中用水量为二阶的家庭户数,依题意得Y~B,
所以,其中………………8分
设…………………10分
若,则,;
若,则,。
所以当或,可能最大,
所以的取值为6。
………………12分
21.解:
(1)∵侧面底面,作于点,∴平面.
又,且各棱长都相等,
∴,,.…2分
故以为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系,则
,,,,
∴,,.……4分
设平面的法向量为,
则,解得.由.
而侧棱与平面所成角,即是向量与平面的法向量所成锐角的余角,
∴侧棱与平面所成角的正弦值的大小为…………………6分
(2)∵,而
∴又∵,∴点的坐标为.
假设存在点符合题意,则点的坐标可设为,∴.
∵,为平面的法向量,
∴由,得.……………10分
又平面,故存在点,使,其坐标为,
即恰好为点.………12分
22.解:
(Ⅰ)由题意知,函数f(x)的定义域为(0,+∞),方程f′(x)=0在(0,+∞)有两个不同根;
即方程lnx﹣ax=0在(0,+∞)有两个不同根;
(解法一)转化为函数y=lnx与函数y=ax的图象在(0,+∞)上有两个不同交点,
如图.
可见,若令过原点且切于函数y=lnx图象的直线斜率为k,只须0<a<k.
令切点A(x0,lnx0),故,又,故,解得,x0=e,
故,故.……4分
(解法二)转化为函数与函数y=a的图象在(0,+∞)上有两个不同交点.
又,
即0<x<e时,g′(x)>0,x>e时,g′(x)<0,故g(x)在(0,e)上单调增,
在(e,+∞)上单调减.故g(x)极大=g(e)=;
又g(x)有且只有一个零点是1,且在x→0时,g(x)→﹣∞,在在x→+∞时,g(x)→0,
故g(x)的草图如右图,
可见,要想函数与函数y=a的图象在(0,+∞)上有两个不同交点,
只须.……4分
(解法三)令g(x)=lnx﹣ax,从而转化为函数g(x)有两个不同零点,
而(x>0),
若a≤0,可见g′(x)>0在(0,+∞)上恒成立,所以g(x)在(0,+∞)单调增,
此时g(x)不可能有两个不同零点.
若a>0,在时,g′(x)>0,在时,g′(x)<0,
所以g(x)在上单调增,在上单调减,从而=,
又因为在x→0时,g(x)→﹣∞,在在x→+∞时,g(x)→﹣∞,
于是只须:
g(x)极大>0,即,所以.
综上所述,.……4分
(Ⅱ)因为等价于1+λ<lnx1+λlnx2.
由(Ⅰ)可知x1,x2分别是方程lnx﹣ax=0的两个根,
即lnx1=ax1,lnx2=ax2
所以原式等价于1+λ<ax1+λax2=a(x1+λx2),因为λ>0,0<x1<x2,
所以原式等价于.
又由lnx1=ax1,lnx2=ax2作差得,,即.
所以原式等价于,
因为0<x1<x2,原式恒成立,即恒成立.
令,t∈(0,1),
则不等式在t∈(0,1)上恒成立.……8分
令,
又=,
当λ2≥1时,可见t∈(0,1)时,h′(t)>0,
所以h(t)在t∈(0,1)上单调增,又h
(1)=0,h(t)<0在t∈(0,1)恒成立,
符合题意.
当λ2<1时,可见t∈(0,λ2)时,h′(t)>0,t∈(λ2,1)时h′(t)<0,
所以h(t)在t∈(0,λ2)时单调增,在t∈(λ2,1)时单调减,又h
(1)=0,
所以h(t)在t∈(0,1)上不能恒小于0,不符合题意,舍去.
综上所述,若不等式恒成立,只须λ2≥1,又λ>0,所以λ≥1.…12分