步步高第三章 第2课时物理文档格式.docx

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和0

C.

和

·

D.

解析　当A、B球静止时，弹簧弹力F＝（mA＋mB）gsinθ，当绳被剪断的瞬间，弹簧弹力F不变，对B分析，则F－mBgsinθ＝mBaB，可解得aB＝

，当绳被剪断后，球A受的合力为重力沿斜面向下的分力，F合＝mAgsinθ＝mAaA，所以aA＝

，综上所述选项C正确．

答案　C

[拓展题组]

1．[瞬时加速度的求解]如图2所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为θ的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（　　）

图2

A．两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinθ

B．B球的受力情况未变，瞬时加速度为零

C．A球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinθ

D．弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零

答案　BC

解析　设弹簧的弹力大小为F，由平衡条件可知，F＝mgsinθ，烧断细线的瞬间，弹簧弹力不变，故B球受力情况不变，加速度为0，B正确，A、D均错误；

以A为研究对象，由牛顿第二定律可得：

F＋mgsinθ＝maA，解得：

aA＝2gsinθ，故C正确．

2．[瞬时加速度的求解]在光滑水平面上有一质量为1kg的物体，它的左端与一劲度系数为800N/m的轻弹簧相连，右端连接一细线．物体静止时细线与竖直方向成37°

角，此时物体与水平面刚好接触但无作用力，弹簧处于水平状态，如图3所示，已知sin37°

＝0.6，cos37°

＝0.8，重力加速度g取10m/s2，则下列判断正确的是（　　）

图3

A．在剪断细线的瞬间，物体的加速度大小为7.5m/s2

B．在剪断弹簧的瞬间，物体所受合外力为15N

C．在剪断细线的瞬间，物体所受合外力为零

D．在剪断弹簧的瞬间，物体的加速度大小为7.5m/s2

答案　A

解析　对物体受力分析，由平衡条件可知，在剪断细线或弹簧前，绳上弹力大小为FT1＝

＝12.5N，弹簧的弹力大小为FT2＝mgtan37°

＝7.5N；

在剪断细线的瞬间，细线上弹力突变为零，弹簧弹力不变，物体还受到地面竖直向上的支持力，该支持力与物体的重力平衡，所以物体所受的合力为7.5N，加速度大小为7.5m/s2，选项A对，C错；

在剪断弹簧的瞬间，弹簧的弹力突变为零，绳子的弹力也消失，地面对物体竖直向上的支持力与物体重力平衡，物体的合外力为零，加速度也为零，选项B、D均错误．

求解瞬时加速度问题时应抓住“两点”

（1）物体的受力情况和运动情况是时刻对应的，当外界因素发生变化时，需要重新进行受力分析和运动分析．

（2）加速度可以随着力的突变而突变，而速度的变化需要一个过程的积累，不会发生突变．

考点二　动力学中的图象问题

1．动力学中常见的图象v－t图象、x－t图象、F－t图象、F－a图象等．

2．解决图象问题的关键：

（1）看清图象的横、纵坐标所表示的物理量及单位并注意坐标原点是否从零开始。

（2）理解图象的物理意义，能够抓住图象的一些关键点，如斜率、截距、面积、交点、拐点等，判断物体的运动情况或受力情况，再结合牛顿运动定律求解．

例2

　受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v－t图线如图4所示，则（　　）

图4

A．在0～t1内，外力F大小不断增大

B．在t1时刻，外力F为零

C．在t1～t2内，外力F大小可能不断减小

D．在t1～t2内，外力F大小可能先减小后增大

解析　由图象可知，在0～t1内物体做a减小的加速运动，t1时刻a减小为零．由a＝

可知，F逐渐减小，最终F＝Ff，故A、B错误．在t1～t2内，物体做a增大的减速运动，由a＝

可知，至物体速度减为零之前，F有可能是正向逐渐减小，也有可能F先沿正向减小到零后又向负向增大，故C、D正确．

答案　CD

变式题组

3．[动力学中的图象问题]“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图5所示．将蹦极过程近似为在竖直方向上的运动，重力加速度为g.据图可知，此人在蹦极过程中的最大加速度约为（　　）

图5

A．gB．2gC．3gD．4g

答案　B

解析　蹦极过程中，经过足够长的时间后，人不再上下振动，而是停在空中，此时绳子拉力F等于人的重力mg，由F－t图线可以看出，

F0＝mg；

在人上下振动的过程中，弹力向上，重力向下，当人在最低点时，弹力达到一个周期中的最大值，在第一个周期中，弹力最大为Fm＝

F0＝3mg，故最大加速度为am＝

＝2g.选项B正确．

4．[动力学中的图象问题]如图6所示，一长木板在水平地面上运动，在某时刻（t＝0）将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．在物块放到木板上之后，木板运动的速度—时间图象可能是下列选项中的（　　）

图6

解析　在未达到相同速度之前，木板的加速度为

－μmg－μ·

2mg＝ma1

a1＝－3μg

达到相同速度之后，木板的加速度为

－μ·

2mg＝ma2

a2＝－2μg

由加速度可知，图象A正确．

分析图象问题时常见的误区

（1）没有看清横、纵坐标所表示的物理量及单位．

（2）没有注意坐标原点是否从零开始．

（3）不清楚图线的点、斜率、面积等的物理意义．

（4）忽视对物体的受力情况和运动情况的分析．

考点三　连接体问题

1．整体法的选取原则

若连接体内各物体具有相同的加速度，且不需要求物体之间的作用力，可以把它们看成一个整体，分析整体受到的合外力，应用牛顿第二定律求出加速度（或其他未知量）．

2．隔离法的选取原则

若连接体内各物体的加速度不相同，或者要求出系统内各物体之间的作用力时，就需要把物体从系统中隔离出来，应用牛顿第二定律列方程求解．

3．整体法、隔离法的交替运用

若连接体内各物体具有相同的加速度，且要求出物体之间的作用力时，可以先用整体法求出加速度，然后再用隔离法选取合适的研究对象，应用牛顿第二定律求作用力．即“先整体求加速度，后隔离求内力”．

例3

　（2012·

江苏·

5）如图7所示，一夹子夹住木块，在力F作用下向上提升．夹子和木块的质量分别为m、M，夹子与木块两侧间的最大静摩擦力均为f，若木块不滑动，力F的最大值是（　　）

图7

A.

B.

－（m＋M）gD.

＋（m＋M）g

解析　由题意知，当M恰好不能脱离夹子时，M受到的摩擦力最大，F取最大值，设此时提升的加速度为a，由牛顿第二定律得，

对M有：

2f－Mg＝Ma①

对m有：

F－2f－mg＝ma②

联立①②两式解得F＝

，选项A正确．

5．[连接体问题的处理]放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧测力计相连，如图8所示，两物块与水平面间的动摩擦因数均为μ，今对物块A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左匀加速运动，设A、B的质量分别为m、M，则弹簧测力计的示数为（　　）

图8

B.

MD.

M

解析　先以A、B整体为研究对象，它们受到竖直向下的重力（M＋m）g，竖直向上的支持力FN＝（M＋m）g，水平向左的拉力F，水平向右的摩擦力Ff＝μFN＝μ（M＋m）g.

对A、B整体受力分析得F－Ff＝（M＋m）a①.

再以B为研究对象，其受力为竖直向下的重力Mg，竖直向上的支持力FN′＝Mg，水平向左的弹簧拉力F′，水平向右的摩擦力Ff′＝μFN′＝μMg.

由牛顿第二定律得到：

F′－Ff′＝F′－μMg＝Ma，a＝

－μg②，

将②代入①整理得：

F′＝

，所以选项B正确．

6．[连接体问题的处理]如图9所示，装有支架的质量为M（包括支架的质量）的小车放在光滑水平地面上，支架上用细线拖着质量为m的小球，当小车在光滑水平地面上向左匀加速运动时，稳定后绳子与竖直方向的夹角为θ.求小车所受牵引力的大小．

图9

答案　（M＋m）gtanθ

解析　小球与小车相对静止，它们的加速度相同，小车的加速度方向水平向左，小球的加速度方向也水平向左，由牛顿第二定律可知，小球所受合力的方向水平向左，如图所示，小球所受合力的大小为mgtanθ.

由牛顿第二定律有mgtanθ＝ma①

对小车和小球组成的整体，运用牛顿第二定律有

F＝（M＋m）a②

联立①②解得：

F＝（M＋m）gtanθ.

1．整体与隔离法在动力学中的应用技巧涉及的问题类型

（1）涉及滑轮的问题：

若要求绳的拉力，一般都采用隔离法．

（2）水平面上的连接体问题：

①这类问题一般是连接体（系统）各物体保持相对静止，即具有相同的加速度．解题时，一般采用先整体后隔离的方法．②建立直角坐标系时要考虑矢量正交分解越少越好的原则，或者正交分解力，或者正交分解加速度．

（3）斜面体与物体组成的连接体问题：

当物体具有沿斜面方向的加速度，而斜面体相对于地面静止时，一般采用隔离法分析．

2．解决问题的关键

正确地选取研究对象是解题的首要环节，弄清各物体之间哪些属于连接体，哪些物体应该单独分析，并分别确定出它们的加速度，然后根据牛顿运动定律列方程求解．

考点四　动力学两类基本问题

求解两类问题的思路，可用下面的框图来表示：

分析解决这两类问题的关键：

应抓住受力情况和运动情况之间联系的桥梁——加速度．

例4

　质量m＝4kg的物块，在一个平行于斜面向上的拉力F＝40N作用下，从静止开始沿斜面向上运动，如图10所示，已知斜面足够长，倾角θ＝37°

，物块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.2，力F作用了5s，求物块在5s内的位移及它在5s末的速度．（g＝10m/s2，sin37°

＝0.6，cos37°

＝0.8）

图10

解析　如图，对物块受力分析，建立直角坐标系，把重力mg沿平行于斜面和垂直于斜面的方向分解．

沿平行于斜面方向：

F－mgsinθ－Ff＝ma①

沿垂直于斜面方向：

FN＝mgcosθ②

又有Ff＝μFN③

由①②③得：

a＝

＝2.4m/s2.

物块从静止开始沿斜面做匀加速运动，5s内的位移

x＝

at2＝

×

2.4×

52m＝30m.

5s末的速度v＝at＝12m/s.

答案　30m　12m/s

7．[动力学方法的应用]航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m＝0.5kg，动力系统提供的恒定升力F＝

8N，试