云南省昭通市昭阳区第一中学学年高二下物理试题解析版.docx

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云南省昭通市昭阳区第一中学学年高二下物理试题解析版

昭阳一中2020年高二年级6月月考

物理

（考试时间：

90分钟试卷满分：

100分）

一、选择题（共有12个小题，每小题4分，共48分，1-8题为单项选择题，9-12题为多项选择题，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错不得分）

1.关于分子动理论，下列说法中正确的是（）

A.布朗运动就是液体分子的无规则运动

B.扩散现象是由物质分子的无规则运动产生的

C.当r=r0时，分子间的引力和斥力均为零

D.当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力均增大

【答案】B

【解析】

【详解】A．布朗运动是悬浮于液体中的固体小颗粒的运动，故A错误；

B．扩散现象是由物质分子的无规则运动产生的，故B正确；

C．当r=r0时，分子间的引力和斥力大小相等，方向相反，但两力均不为零，故C错误；

D．当分子间距增大时，分子间的引力和斥力均减小，故D错误。

故选B。

2.如图所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动，下列说法正确的是（　　）

A.不论在轨道1还是在轨道2运行，卫星在P点的速度都相同

B.不论在轨道1还是在轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同

C.卫星在轨道1的任何位置都具有相同加速度

D.卫星在轨道2的任何位置都具有相同动量

【答案】B

【解析】

【详解】B．不论在轨道1还是在轨道2运行，卫星在P点所受万有引力相同，由牛顿第二定律可知，在P点的加速度都相同，B正确；

A．卫星从轨道1变到轨道2，要点火加速，故卫星在轨道1上P点的速度小于卫星在轨道2上P点的速度，A错误；

C．卫星在轨道1上不同位置所受万有引力不同，其加速度不相同，C错误；

D．卫星在轨道2上不同位置速度大小虽然相同，但是方向不同，所以动量不相同，D错误。

故选B。

3.实际生活中常常利用如图所示的装置将重物吊到高处．现有一质量为M的同学欲将一质量也为M的重物吊起,已知绳子在水平天花板上的悬点与定滑轮固定点之间的距离为L,不计滑轮的大小、滑轮与绳的重力及滑轮受到的摩擦力．当该同学把重物缓慢拉升到最高点时,动滑轮与天花板间的距离为

A.B.C.D.

【答案】A

【解析】

【详解】当该同学把重物缓慢拉升到最高点时，绳子的拉力等于人的重力，即为Mg，而重物的重力也为Mg，则设绳子与竖直方向的夹角为θ，可得，则，此时动滑轮与天花板的距离为，故A正确，B、C、D错误；

故选A．

【点睛】以人为研究对象确定物体达到最高点时人的拉力大小，再以滑轮处为研究对象，根据受力情况确定细线与竖直方向的夹角，再根据几何关系求解．

4.下列说法不正确的是（）

A.经过6次α衰变和4次β衰变后成为稳定的原子核

B.发现中子的核反应方程是

C.200个的原子核经过两个半衰期后剩下50个

D.在中子轰击下生成和的过程中，原子核中的平均核子质量变小

【答案】C

【解析】

【分析】根据质量数守恒和电荷数守恒判断方程式，查德威克发现中子，半衰期是统计规律，裂变有质量亏损．

【详解】衰变改变质量数，所以232-208=4×6，故经过6次衰变，衰变：

90-2×6+n=82，得n=4；故A正确；查德威克发现中子的方程式是，故B正确；半衰期是个统计规律，对少数粒子无意义，故C错误；是裂变反应，原子核中的平均核子质量变小，有质量亏损，以能量的形式释放出来，故原子核中的平均核子质量变小，故D正确；本题选错误的，故选C．

【点睛】本题考查了核反应方程、半衰期、衰变和裂变的知识，难度不大，要注意的是半衰期是大量原子核的统计规律，对少数粒子无意义．

5.如下图甲中理想变压器原、副线圈的匝数之比n1：

n2=5：

1，电阻R=20Ω，L1、L2为规格相同的两只小灯泡，S1为单刀双掷开关．原线圈接正弦交变电源，输入电压u随时间t的变化关系如图乙所示．现将S1接1、S2闭合，此时L2正常发光．下列说法正确的是（　　）

A.输入电压u的表达式u=20sin（100πt）V

B.只断开S2后，L1、L2均正常发光

C.只断开S2后，原线圈的输入功率增大

D.若S1换接到2后，R消耗的电功率为0.8W

【答案】D

【解析】

【详解】周期是0.02s，ω==100π，所以输入电压u的表达式应为u=20sin（100πt）V，A错误；当S1接1，断开S2时，负载电阻变大为原来的2倍，电压不变，副线圈电流变小为原来的一半，L1、L2的功率均变为额定功率的四分之一，负线圈的功率减小，则原线圈的输入功率等于副线圈的功率都减小，选项BC错误；若S1换接到2后，电阻R电压有效值为4V，R消耗的电功率为=0.8W，D正确．故选D．

点睛：

此题关键要知道变压器电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等.

6.质量相同的两方形木块A、B紧靠一起放在光滑水平面上，一子弹先后水平穿透两木块后射出，若木块对子弹的阻力恒定不变，且子弹射穿两木块的时间相同，则子弹射穿木块时A、B木块的速度之比（　　）

A.1：

1B.1：

2C.1：

3D.1：

【答案】C

【解析】

【详解】试题分析：

水平面光滑，子弹射穿木块过程中，子弹受到的合外力为子弹的冲击力，设子弹的作用力为f，对子弹与木块组成的系统，由动量定理得：

对AB：

ft=（m+m）vA，对B：

ft=mvB-mvA，解得：

vA：

vB=1：

3，故C正确；故选C．

考点：

动量定理的应用

【名师点睛】本题考查了动量定理的应用，求木块的速度之比，解题时要分析清楚运动过程，应用动量定理即可正确解题．

7.甲、乙两个分子相距较远（此时它们之间的分子力可以忽略），设甲固定不动，在乙逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中，关于分子势能变化情况的下列说法，哪个是正确的（　　）

A.分子势能不断增大B.分子势能不断减小

C.分子势能先增大后减小D.分子势能先减小后增大

【答案】D

【解析】

【分析】

【详解】从分子间的作用力与分子间的距离的关系知道，当分子间距离大于10r0时，分子间的作用力十分小，可以忽略，所以当乙从较远处向甲尽量靠近的过程中，分子力先是对乙做正功，后是分子力对乙做负功或者乙克服分子力做功，而由做功与分子势能变化的关系又知道，若分子力做正功，分子势能减小，若分子力做负功，分子势能增加。

因此当乙尽量向甲靠近的过程中，分子势能是先减小后增大。

故选D。

8.如图所示为氢原子的能级图,一群氢原子处于n=4的激发态,在向较低能级跃迁的过程中向外发出光子,用这些光照射逸出功为1.90eV的金属铯,下列说法正确的是　（　　）

A.这群氢原子能发出6种频率不同的光,其中从n=4跃迁到n=3所发出的光波长最短

B.这群氢原子能发出3种频率不同的光,其中从n=4跃迁到n=1所发出的光频率最高

C.金属铯表面所发出的光电子的初动能最大值为12.75eV

D.金属铯表面所发出的光电子的初动能最大值为10.85eV

【答案】D

【解析】

【详解】AB．根据知这群氢原子能发出6种频率不同的光子，从n=4跃迁到n=3能级辐射的光子频率最小，波长最长，从n=4跃迁到n=1能级辐射的光子频率最高．故AB错误．

CD．光子能量最大为12.75eV，根据光电效应方程知，最大初动能为10.85eV．故D正确，C错误．

故选D．

9.如图所示，一电子沿等量同种点电荷的中垂线由某点A向O点运动，则电子所受等量同种点电荷的电场力的大小和方向可能变化情况是（　　）

A.先变大后变小，方向由A指向O

B.先变小后变大，方向由O指向A

C.一直变小，方向由A指向O

D.一直变大，方向由O指向A

【答案】AC

【解析】

【分析】

【详解】

等量同种点电荷的电场线如图所示，一电子沿等量同种点电荷的中垂线由某点A向O点运动，电场力的方向与电场强度方向相反，故受力方向由A指向O；等量同种点电荷的中垂线上由无限远向O点靠近的过程中，场强先变大后减小，因起始点A位置未知，故电场力大小变化可能为先变大后变小，也可能一直变小，故AC正确。

故选AC。

10.在如图所示的光电管的实验中（电源正负极可以对调），用同一光电管得到了三条可见光的光电流与电压之间的关系曲线（图二中的甲光、乙光、丙光）．下列说法中正确的有（  ）

A.同一光电管对不同颜色的单色光有各自不同的极限频率

B.只要电流表中有电流通过，光电管中就发生了光电效应

C.（图一中）电流表G的电流方向可以是a流向b、也可以是b流向a

D.（图二中）如果乙光是黄光，则丙光可能是紫光

【答案】BD

【解析】

【详解】A、光电管的极限频率由光电管本身决定，与入射光的颜色无关，故A错误．B、只要电流表中有电流通过，可知有光电子逸出，即光电管发生光电效应，故B正确．C、光电子从光电管的右端逸出，流过电流表G的电流方向为a到b，故C错误．D、丙光照射光电管，遏止电压较大，即光电子的最大初动能较大，根据光电效应方程Ekm=hv-W0知，丙光的频率较大，如果乙光是黄光，则丙光可能是紫光，故D正确．故选BD．

【点睛】解决本题的关键掌握光电效应方程，会根据遏止电压的大小比较光子频率，知道同一种色光，遏止电压相等，光强不同，饱和电流不同．

11.如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。

小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，小球在最高点的速度大小为v，其F－v2图像如图乙所示。

则（　　）

A.小球的质量为

B.当地的重力加速度大小为

C.v2＝c时，小球对杆的弹力方向向上

D.v2＝2b时，小球受到的弹力与重力大小相等

【答案】ACD

【解析】

【详解】AB．对小球在最高点进行受力分析，速度为零时

F－mg＝0

结合图像可知

当F＝0时，由牛顿第二定律可得

结合图像可知

联立解得:

，，A正确，B错误；

C．由图像可知b

则杆对小球有向下拉力，由牛顿第三定律可知，小球对杆的弹力方向向上，C正确；

D．当v2＝2b时，由牛顿第二定律可得

解得：

F′＝mg，D正确；

故选ACD。

12.如图所示，分别是甲、乙两球从同一地点、沿同一直线运动的v－t图线，根据图线可以判断（）

A.两球t＝2s时速率相等

B.两球在t＝4s时相距最远

C.两球t＝8s时都回到出发地

D.在2s―8s内，两球加速度的大小相同，方向相反

【答案】AC

【解析】

【详解】在2s末，甲的速度为20m/s，乙的速度为-20m/s，而负号表示方向，故两者的速度大小相等，即速率相等，A正确；从零时刻到两小球速度相等，乙物体向反方向运动，甲物体向正方向运动，它们的间距在增大，直到速度相等时间距最大，B错误；甲物体8s内的总面积为零即总位移为零，说明甲物体由回到出发点，乙物体前2s内静止，后6s内的总位移为零，说明乙物体也回到了出发点，又因为两物体从同一地点出发，所以两物体此时相遇，故C正确；图像的斜率表示加速度，2~8s内两者的斜率不同，故加速度不同，D错误

【点睛】在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线代表该位置的加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．

二、实验题

13.某同学利用如图所示装置来验证机械能守恒定律，器材为：

铁架台，约50cm的不可伸长的细线，带孔的小铁球，光电门和计时器（可以记录挡光的时间），量角器，刻度尺，游标卡尺．

实验前先查阅资料得到当地的重力加速