高考物理一轮复习 第7章《恒定电流》阶段质量检测题 新人教版.docx

高考物理一轮复习 第7章《恒定电流》阶段质量检测题 新人教版.docx

《高考物理一轮复习 第7章《恒定电流》阶段质量检测题 新人教版.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 第7章《恒定电流》阶段质量检测题 新人教版.docx（15页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。

高考物理一轮复习第7章《恒定电流》阶段质量检测题新人教版

第七章恒定电流

（时间60分钟，满分100分）

一、单项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）

1．如图1所示，均匀的长方形薄片合金电阻板abcd，ab边长L1，ad边

长L2，当端点Ⅰ和Ⅱ、Ⅲ和Ⅳ接入电路时，RⅠⅡ∶RⅢⅣ＝（　　）

A．L1∶L2　　　　B．L2∶L1图1

C．L12∶L22D．L22∶L12

解析：

设电阻板厚为D，当端点Ⅰ和Ⅱ接入电路时，导体的长为L2，横截面积为L1D，

根据电阻定律RⅠⅡ＝ρ

＝ρ

；同理，RⅢⅣ＝ρ

；所以RⅠⅡ∶RⅢⅣ＝L22∶L12.D项

正确．

答案：

D

2．（2010·海南模拟）“神舟”七号载人飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能

电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应．“神舟”飞船上的太阳能

电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池．在正常照射下，太阳能电池的光电

转换效率可达23%.单片单晶硅太阳能电池可产生0.6V的电动势，可获得0.1A的电流，

则每秒照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是（　　）

A．0.24JB．0.25J

C．0.26JD．0.28J

解析：

根据W＝UIt可得每秒太阳能电池产生的能量为W＝0.6×0.1×1J＝0.06J，设

太阳每秒照射的能量为Q，则由能量守恒定律得Q×23%＝W，所以Q＝0.26J故C

正确．

答案：

C

3．（2009·重庆高考）某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10（24V/200W）和10个相同

的指示灯X1～X10（220V/

2W），将其连接在220V交流电源上，电路如图2所示．若工

作一段时间后L2灯丝烧断，则（　　）

图2

A．X1的功率减小，L1的功率增大

B．X1的功率增大，L1的功率增大

C．X2的功率增大，其他指示灯的功率减小

D．X2的功率减小，其他指示灯的功率减小

解析：

L2灯丝烧断

后电路的总电阻增大，电路中总电流减小，流过其他指示灯、强光

灯的电流都同比例的减小，消耗的功率都减小，两端的电压都减小，则X2两端电压

增大，消耗的功率也增大，C正确．

答案：

C

4．（2010·黄冈模拟）酒精测试仪用于对机动车驾驶人员是否酗酒及其他严禁

酒后作业人员的现场检测，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体

传感器．酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的变化而变化，在如图3

图3所示的电路中，不同的酒精气体浓度对应着传感器的不同电阻，这样，显示仪表

的指针就与酒精气体浓度有了对应关系．如果二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻

的倒数与酒精气体的浓度成正比，那么，电压表示数U与酒精气体浓度c之间的对应

关系正确的是（　　）

A．U越大，表示c越大，c与U成正比

B．U越大，表示c越大，但是c与U不成正比

C．U越大，表示c越小，c与U成反比

D．U越大，表示c越小，但是c与

U不成反比

解析：

题中给出传感器电阻r′的倒数与酒精气体浓度c是正比关系，即

＝kc，电

压表示数U＝

＝

＝

，可以看出电压与浓度

的关系不是正比关系，但随浓度的增加而增加．故只有选项B正确．

答案：

B

二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得6分，只选1个且正确的得1分，错选或不选的得0分）

5．如图4所示，定值电阻R1＝10Ω，R2＝8Ω，当开关S接“1”时，电流表示

数为0.20A，

那么当S接“2”时，电流表示数的可能值为（电源内阻不可忽

略）（　　）图4

A．0.28AB．0.23A

C．0.22AD．0.19A

解析：

开关接“2”后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以不可能是0.19A，

故D错；路端电压一定减小，一定小于2V，因此电流一定小于0.25A，故A错，B、

C对．

答案：

BC

6．（2010·珠海联考）一般地说，用电器的工作电压并不等于额定电压，家庭里通常不备电

压表，但可以借助电能表测出用电器的实际工作电压．现在电路中只接入一个电热水

壶，壶的铭牌和电能表的铭牌分别如图5（a）和（b）所示．测得电能表的转盘转过125转[的时间为121秒，则下列结论正确的是（　　）

图5

A．图（b）中对应的电表读数为32308度[

B．在这段时间中，电热水壶消耗的电能为181500J

C．利用这段时间内电热水壶消耗的电能可供“200V,60W”的白炽灯正常工作2500s

D．此时加在电热

水壶上的实际电压为200V

解析：

图（b）中对应的电能表读数为3230.8度，所以A项错误；电热水壶消耗的电能

W＝（125×3.6×106）÷3000J＝1.5×105J，所以B项错误；根据W＝Pt计算，可得C

项正确；电热水壶实际的电功率P实＝

，由P＝

得U实＝U额

＝

×220V＝200V，所以D正确．

答案：

CD

7．压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小．某位同学利用压敏电阻设

计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图6所示，将压敏电阻

平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示

数为I0，电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如图7甲、乙、图6

丙、丁所示，下列判断中正确的是（　　）

图7

A．甲图表示电梯可能做匀速直线运动

B．乙图表示电梯可能做匀加速上升运动

C．丙图表示电梯可能做匀加速上升运动

D．丁图表示电梯可能做匀减速下降运动

解析：

当电流表示数为I0时，对物体有：

FN＝mg.即物体处于平衡状态，A正确；当

电流表示数>I0时，物体对压敏电阻的压力FN>mg，物体处于超重状态．乙图I逐渐

增大，表示物体向上的加速度逐渐变大，B错；丙图I保持不变，表示物体向上的加

速度不变，答案C正确；丁图I逐渐减小，表示物体向上的加速度逐渐变小，所以D

错误．

答案：

AC

8．（2010·上海模拟）在图8所示的电路中，电源电动势

为E，内电阻不

能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大ΔU，在

这一过程中（　　）

A．通过R1的电流增大，增量为ΔU/R1图8

B．R2两端的电压减小，减小量为ΔU

C．通过R2的电流减小，减小量小于ΔU/R2

D．路端电压增大，增大量为ΔU

解析：

“调整R的阻值，使电压表的示数增大ΔU”，那一定是R变大了，并联电路

的电阻变大，根据串联电路中电压和电阻成正比，电压表的示数变大了．由于总电阻

变大，所以总电流变小，内电压和R2两端电压都变

小，减小量之和为ΔU.故选项A、

C正确．

答案：

AC

9．（2010·扬州模拟）高温超导限流器由超导部件和限流电阻并联组成，如

图9所示，超导部件有一个超导临界电流Ic，当通过限流器的电流I>Ic

时，将造成超导体失超，从超导态（电阻为零）转变为正常态（一个纯电

阻），以此来限制电力系统的故障电流．已知超导部件的正常态电阻图9

R1＝3Ω，超导临界电流Ic＝1.2A，限流电阻R2＝6Ω，小灯泡L上标有“6V,6W”

的字样，电源电动势E＝8V，内阻r＝2Ω，原来电路正常工作，现L突然发生短路，

则（　　）

A．短路前通过R1的电流为

A

B．短路后超导部件将由超导状态转化为正常态

C．短路后通过R1的电流为

A

D．短路后通过R1的电流为2A

解析：

小灯泡L上标有“6V,6W”，该灯泡的电阻RL＝U2/P＝62

/6Ω＝6Ω，短路前

由于电路正常工作，电路的总电阻为R＝RL＋r＝6Ω＋2Ω＝8Ω，总电流为I＝E/R

＝1A，所以短路前通过R1的电流为I1＝1A，选项A错误；当L突然短路后，电路

中电流为I＝E/r＝4A>Ic＝1.2A，超导部件由超导态转变为正常态，则此时电路中总

电阻为R′＝2Ω＋2Ω＝4Ω，总电流I′＝E/R′＝8/4A＝2A，短路后通过R1的电流

为I1′＝

A，故选项B、C正确．

答案：

BC

三、非选择题（本题包括3小题，共54分．按题目要求作答，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

10．（12分）（2010·杭州学军中学模拟）利用图10所示电路测量一

量程为300mV的电压表的内阻RV，RV约为300Ω.某同学

的实验步骤如下：

按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑图10

1到a端，闭合开关S2，并将电阻箱R0的阻值调到较大；

②闭合开关S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满偏刻度；保持开关S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱R0的

2阻值大小，使电压表的指针指到满偏刻度的一半；读出此时电阻箱R0的阻值，即等于电压表内阻RV.

实验室所提供的器材除待测电压表、电阻箱（最大阻值999.9Ω）、电池（电动势约1.5V，

内阻可忽略不计）、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：

A．滑动变阻器（最大阻值150Ω）；

B．滑动变阻器（最大阻值50Ω）．

根据以上设计的实验方法，回答下列问题

（1）为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器R应选用

_

_______．（填序号）

（2）对于上述测量方法，从实验原理分析可知，在测量无误的情况下，实际测出的电压

表内阻的测量值R测________（填“大

于”、“小于”或“等于”）真实值RV；且在其

他条件不变的情况下，若R越大，其测量值R测的误差就越______（填“大”或“小”）．

解析：

（1）为使断开开关S2后调节R0时，aP两点的电压几乎不变，R0＋RV比RaP大

得越多，实验误差越小，因此，变阻器R应选最大阻值小些的较好，故滑动变阻器R

选B.

（2）因R0的串联，使UaP电压增大，因此，当电压表示数为

时，R0上的分压大于

，

故R0>RV.实际测出的电压表内阻值R测＝R0>RV，且R越大，测量值R测的误差越大．

答案：

（1）B　

（2）大于　大

11．（20分）如图11所示，图甲为一个电灯两端电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图

可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故，参考这

条曲线回答下列问题（不计电流表内阻，线路提供电压不变）：

图11

（1）若把三个这样的电灯串联后，接到电压恒定为12V的电路上，求流过灯泡的电流

和每个灯泡的电阻；

（2）如图乙所示，将两个这样的电灯并联后再与10Ω的定值电阻R0串联，接在电压恒

定为8V的电路上，求通过电流表的电流值以及每个灯的实际功率．

解析：

（1）由于三个电灯完全相同，所以每个电灯两端的电压为：

UL＝

V＝4V

结合图象可得当UL＝4V时，IL＝0.4A

故每个电灯的电阻为：

R＝

＝

Ω＝10Ω.

（2）设此时电灯两端的电压为U′，流过每个电灯的电流为I，由闭合电路欧姆定律得

E=U′+2IR0

代入数据得U′=8-20I

在图甲上画出此直线如图所示．

可得到该直线与曲线的交点（2V,0.3A），即流过电灯的电流为0.3A，则流过电流表的

电流为

IA=2I=0.6A

每

个灯的功率为：

P＝UI＝2×0.3W＝0.6W.

答案：

（1）0.4A　10Ω　

（2）0.6A　0.6W

12．（22分）（201

0·上海长宁区模拟）如图12所示的电路中，定值电

阻R0＝10Ω，R为

电阻箱，S2为单刀双掷开关．闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其阻值为

R1，记录电压传感器测得的数据为U1，然后保持电阻箱阻值

不变，将S2切换到b，

记录电压传感器示数为U2.

图12[

（1）试写出电阻Rx的表达式．

（2）若求得电阻Rx＝2.5Ω，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱阻值R

和记录对应的电压传感器数据U，对测得的数据进行处理，绘出如图13所示的

－

图线．求电源电动势E和内阻r.

图13

解析：

（1）根据闭合电路欧姆定律

E＝

（R1＋Rx＋R0＋r）

E＝

（R1＋Rx＋R0＋r）

联立方程求得：

Rx＝（U2－U1）R1/U1.

（或说明将S2切换到a或切换到b，电流不变，故

＝

解出Rx同样给分）

（2）利用图线的截距求E

E＝U＋I（Rx＋R0＋r）

＝1＋

（Rx＋R0＋r）

令

＝0，即得E＝U＝2V

将数据

＝0.2、

＝1.8、E＝2V，代入上式得r＝0.5Ω.

答案：

（1）Rx＝（U2－U1）R1/U1　

（2）2V　0.5Ω