高考化学计算题解题技巧.docx
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高考化学计算题解题技巧
高考化学计算题解题技巧
在每年的化学高考试题中,计算题的分值大约要占到15%左右,从每年的高考试卷抽样分析报告中经常会说计算题的得分率不是太高,大家在心理上对计算题不太重视,使得每次考试都会有不少考生在计算方面失分太多。
高一化学中计算类型比较多,其中有些计算经常考查,如能用好方法,掌握技巧,一定能达到节约时间,提高计算的正确率。
下面就谈一谈解答计算的一些巧解和方法。
一、差量法
差量法是根据物质变化前后某种量发生变化的化学方程式或关系式,找出所谓“理论差量”,这个差量可以是质量差、气态物质的体积差或物质的量之差等。
该法适用于解答混合物间的反应,且反应前后存在上述差量的反应体系。
例1
将碳酸钠和碳酸氢钠的混合物21.0g,加热至质量不再变化时,称得固体质量为12.5g。
求混合物中碳酸钠的质量分数。
解析
混合物质量减轻是由于碳酸氢钠分解所致,固体质量差21.0g-14.8g=6.2g,也
就是生成的CO
2和H
2
O的质量,混合物中m（NaHCO
3
）=168×6.2g÷62=16.8g,
m（Na
2CO
3
）=21.0g-16.8g=4.2g,所以混合物中碳酸钠的质量分数为20%。
二、守恒法
化学反应的实质是原子间重新组合,依据质量守恒定律在化学反应中存在一系列守恒现象,如:
质量守恒、原子守恒、元素守恒、电荷守恒、电子得失守恒等,利用这些守恒关系解题的方法叫做守恒法。
质量守恒就是化学反应前后各物质的质量总和不变,在配制或稀释溶液的过程中,溶质的质量不变。
原子守恒即反应前后主要元素的原子的个数不变,物质的量保持不变。
元素守恒即反应前后各元素种类不变,各元素原子个数不变,其物质的量、质量也不变。
电荷守恒即对任一电中性的体系,如化合物、混和物、溶液、胶体等,电荷的代数和为零,即正电荷总数和负电荷总数相等。
电子得失守恒是指在发生氧化-还原反应时,氧化剂得到的电子数一定等于还原剂失去的电子数,无论是自发进行的氧化-还原反应还是以后将要学习的原电池或电解池均如此。
1.原子守恒
例2
有0.4g铁的氧化物,
用足量的CO在高温下将其还原,把生成的全部CO
2
通入到足量的澄清的石灰水中得到0.75g固体沉淀物,这种铁的氧化物的化学式为（）
A.FeO
B.Fe
2O3
C.Fe
3O4
D.Fe
4O5
解析
由题意得知,铁的氧化物中的氧原子最后转移到沉淀物CaCO
3
中。
且
1
n（O）=n（CaCO
3
）=0.0075mol,m（O）=0.0075mol×16g/mol=0.12g。
m（Fe）=0.4g-0.12g=0.28g,n（Fe）=0.005mol。
n（Fe）∶n（O）=2:
3,选B
2.元素守恒
例3
将几种铁的氧化物的混合物加入100mL、7mol?
L―1的盐酸中。
氧化物恰好完全溶解,在所得的溶液中通入0.56L（标况）氯气时,恰好使溶液中的Fe2+完全转化为Fe3+,则该混合物中铁元素的质量分数为
（）
A.72.4%
B.71.4%
C.79.0%
D.63.6%
解析
铁的氧化物中含Fe和O两种元素,由题意,反应后,HCl中的H全在水中,O
元素全部转化为水中的O,由关系式:
2HCl~H2O~O,得:
n（O）=1/2HCl,m（O）=0.35mol×16g?
mol―1=5.6g;
而铁最终全部转化为FeCl
3
n（Cl）=0.56L÷22.4L/mol×2+0.7mol=0.75mol,n（Fe）=,m（Fe）=0.25mol×56g?
mol―1=14g,则,选B。
3.电荷守恒法
例4
将8gFe
2O
3
投入150mL某浓度的稀硫酸中,再投入7g铁粉收集到1.68L
H2（标准状况）,同时,Fe和Fe
2O
3
均无剩余,为了中和过量的硫酸,且使溶液
中铁元素完全沉淀,共消耗4mol/L的NaOH溶液150mL。
则原硫酸的物质的量浓度为（）
A.1.5mol/L
B.0.5mol/L
C.2mol/L
D.1.2mol/L
解析
粗看题目,这是一利用关系式进行多步计算的题目,操作起来相当繁琐,但如能
仔细阅读题目,挖掘出隐蔽条件,不难发现,反应后只有Na
2SO
4
存在于溶液中,
且反应过程中SO
42―并无损耗,根据电中性原则:
n（SO
4
2―）=n（Na+）,则原硫
酸的浓度为:
2mol/L,故选C。
4.得失电子守恒法
例5
某稀硝酸溶液中,加入5.6g铁粉充分反应后,铁粉全部溶解,生成NO,溶液质量增加3.2g,所得溶液中Fe2+和Fe3+物质的量之比为（）
A.4∶1
B.2∶1
C.1∶1
D.3∶2
解析
设Fe2+为xmol,Fe3+为ymol,则:
x+y==0.1（Fe元素守恒）
2x+3y=（得失电子守恒）
得:
x=0.06mol,y=0.04mol。
则x∶y=3∶2。
故选D。
三、关系式法
实际化工生产中以及化学工作者进行科学研究时,往往涉及到多步反应:
从原料到产品可能要经过若干步反应;测定某一物质的含量可能要经过若干步中间过程。
对于多步反应体系,依据若干化学反应方程式,找出起始物质与最终物质的量的关系,并据此列比例式进行计算求解方法,称为“关系式”法。
利用关系式法可以节省不必要的中间运算步骤,避免计算错误,并能迅速准确地获得结果。
用关系式解题的关键是建立关系式,建立关系式的方法主要有:
1、利用微粒守恒关系建立关系式,2、利用方程式中的化学计量数间的关系建立关系式,3、利用方程式的加合建立关系式。
例6
工业上制硫酸的主要反应如下:
4FeS
2+11O
2
2Fe
2
O
3
+8SO
2
2SO
2+O
2
2SO
3
SO
3+H
2
O=H
2
SO
4
煅烧2.5t含85%FeS
2的黄铁矿石（杂质不参加反应）时,FeS
2
中的S有5.0%
损失而混入炉渣,计算可制得98%硫酸的质量。
解析
根据化学方程式,可以找出下列关系:
FeS
2~2SO
2
~2SO
3
~2H
2
SO
4
本题从FeS
2
制H
2SO
4
是同种元素转化的多步反应,即理论上FeS
2
中的S全部转变成H
2
SO
4
中
的S。
得关系式FeS
2~2H
2
SO
4
。
过程中的损耗认作第一步反应中的损耗,得可制
得98%硫酸的质量是=3.36。
四、方程式叠加法
许多化学反应能发生连续、一般认为完全反应,这一类计算,如果逐步计算比较繁。
如果将多步反应进行合并为一个综合方程式,这样的计算就变为简单。
如果是多种物质与同一物质的完全反应,若确定这些物质的物质的量之比,也可以按物质的量之比作为计量数之比建立综合方程式,可以使这类计算变为简单。
例7
将2.1g由CO和H
2组成的混合气体,在足量的O
2
充分燃烧后,立即通入足量
的Na
2O
2
固体中,固体的质量增加A.2.1g
B.3.6g
C.4.2g
D.7.2g
解析CO和H
2都有两步反应方程式,量也没有确定,因此逐步计算比较繁。
Na
2
O
2
足量,两种气体完全反应,所以将每一种气体的两步反应合并可得
H2+Na
2
O
2
=2NaOH,CO+Na
2
O
2
=Na
2
CO
3
可以看出最初的气体完全转移到最后的固体
中,固体质量当然增加2.1g。
选A。
此题由于CO和H
2
的量没有确定,两个合并反应不能再合并!
五、等量代换法
在混合物中有一类计算:
最后所得固体或溶液与原混合物的质量相等。
这类试题的特点是没有数据,思考中我们要用“此物”的质量替换“彼物”的质量,通过化学式或化学反应方程式计量数之间的关系建立等式,求出结果。
例8
有一块Al-Fe合金,溶于足量的盐酸中,再用过量的NaOH溶液处理,将产生的沉淀过滤、洗涤、干燥、灼烧完全变成红色粉末后,经称量,红色粉末的质量恰好与合金的质量相等,则合金中铝的质量分数为（）
A.70%
B.30%
C.47.6%
D.52.4%
解析变化主要过程为:
由题意得:
Fe
2O
3
与合金的质量相等,而铁全部转化为Fe
2
O
3
故合金中Al的质量
即为Fe
2O
3
中氧元素的质量,则可得合金中铝的质量分数即为Fe
2
O
3
中氧的质量分
数,O%=×100%=30%,选B。
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