十堰市高二物理寒假训练题含答案 2.docx
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十堰市高二物理寒假训练题含答案2
十堰市高二物理寒假训练题第02套
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1.下列物理量中属于标量的是（ ）
A.周期B.向心加速度C.线速度D.磁感应强度
2.两个质点之间万有引力的大小为F，如果将这两个质点之间的距离变为原来的2倍，那么它们之间万有引力的大小变为（ ）
A.2FB.4FC.
D.
3.一辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N行驶，速度大小不变。
下图中分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，可能正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
4.自行车的大齿轮、小齿轮、后轮的半径都不一样，它们的边缘有三个点A、B、C，如图所示。
正常骑行时，下列说法正确的是（ ）
A.A点的角速度大于B点的角速度
B.A点的线速度与B点的线速度大小相等
C.C点的角速度小于B点的角速度
D.C点的线速度与B点的线速度大小相等
5.如图所示，在水平长直导线的正下方，有一只可以自由转动的小磁针。
现给直导线通以由a向b的恒定电流I，若地磁场的影响可忽略，则小磁针的N极将（）
A.保持不动B.向下转动
C.垂直纸面向里转动D.垂直纸面向外转动
6.在磁场中的同一位置放置一根直导线，导线的方向与磁场方向垂直。
先后在导线中通入不同的电流，导线所受的力也不一样。
下图中的几幅图象表现的是导线受力的大小F与通过导线的电流I的关系。
a、b各代表一组F、I的数据。
在甲、乙、丙、丁四幅图中，正确的是（ ）
A.甲、乙、丙、丁都正确B.甲、乙、丙都正确
C.乙、丙都正确D.只有丙正确
7.如图所示为一阴极射线管，接通电源后，电子射线由阴极沿x轴方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线，若要加一磁场使荧光屏上的亮线向上（z轴正方向）偏转，则所加磁场方向为（ ）
A.沿z轴正方向B.沿z轴负方向C.沿y轴正方向D.沿y轴负方向
8.如图1所示，100匝的线圈（图中只画了2匝）两端A、B与一个理想电压表相连。
线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈中的磁通量在按图2所示规律变化。
下列说法正确的是（ ）
A.电压表的示数为150V，A端接电压表正接线柱
B.电压表的示数为50.0V，A端接电压表正接线柱
C.电压表的示数为150V，B端接电压表正接线柱
D.电压表的示数为50.0V，B端接电压表正接线柱
9.交变电源与电阻R、交流电压表按图1所示的方式连接，R=10Ω．交变电源产生正弦式电流，图2是电源输出电压的u-t图象。
交流电压表的示数是10.0V．则（ ）
A.通过R的电流峰值为1.0A，频率为50Hz
B.通过R的电流峰值为1.0A，频率为100Hz
C.通过R的电流峰值为1.4A，频率为50Hz
D.通过R的电流峰值为1.4A，频率为100Hz
10.
如图所示，在探究影响通电导线受力的因素的实验中，三块相同的蹄形磁铁并列放在桌上，可以认为磁极间的磁场是均匀的。
将一根直导线水平悬挂在磁铁的两极间，导线的方向与磁感应强度的方向（由下向上）垂直。
若导线质量为m，导线中的电流为I，处于磁场中通电部分的长度为L，导线静止时悬线与竖直方向的夹角为θ，则导线所处空间磁场的磁感应强度大小为（ ）
A.
B.
C.
D.
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
11.一理想变压器原、副线圈匝数比n1：
n2=11：
5．原线圈与正弦交变电源连接，输入电压为220V．副线圈仅接一个10Ω的电阻。
则（ ）
A.变压器的输出电压为100VB.流过电阻的电流是22A
C.原线圈中的电流是22AD.变压器的输入功率是1×103W
12.
如图所示，线圈M和线圈P绕在同一个铁芯上。
在开关S闭合、断开的过程中，有关通过电流表的感应电流方向，下列判断正确的是（ ）
A.开关闭合瞬间，电流方向a→bB.开关闭合瞬间，电流方向b→a
C.开关断开瞬间，电流方向a→bD.开关断开瞬间，电流方向b→a
13.
在两平行金属板间，有如图所示的互相正交的匀强电场和匀强磁场。
α粒子（氦原子核）以速度v0从两板的正中央垂直于电场方向和磁场方向从左向右射入，恰好能沿直线匀速通过。
下列说法正确的是（ ）
A.若电子以速度v0沿相同方向射入，电子将向下偏转
B.若质子以速度v0沿相同方向射入，质子将沿直线匀速通过
C.若质子以大于v0的速度沿相同方向射入，质子将向下偏转
D.若质子以大于v0的速度沿相同方向射入，质子将向上偏转
14.我们可以用如图所示的实验装置来探究影响向心力大小的因素。
长槽横臂的挡板B到转轴的距离是挡板A的2倍，长槽横臂的挡板A和短槽横臂上的挡板C到各自转轴的距离相等。
转动手柄使长槽和短槽分别随变速塔轮匀速转动，槽内的球就做匀速圆周运动。
横臂的挡板对球的压力提供了向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个球所受向心力的比值。
则关于这个实验，下列说法正确的是（ ）
A.探究向心力和角速度的关系时，应将传动皮带套在两塔轮半径不同的轮盘上，将质量相同的小球分别放在挡板A和挡板C处
B.探究向心力和角速度的关系时，应将传动皮带套在两塔轮半径相同的轮盘上，将质量相同的小球分别放在挡板B和挡板C处
C.探究向心力和半径的关系时，应将传动皮带套在两塔轮半径相同的轮盘上，将质量相同的小球分别放在挡板B和挡板C处
D.探究向心力和半径的关系时，应将传动皮带套在两塔轮半径不同的轮盘上，将质量相同的小球分别放在挡板A和挡板C处
三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）
15.如图1为“探究影响感应电流方向的因素”的实验装置，所用电流表指针偏转方向与电流方向间的关系为：
当电流从“+”接线柱流入电流表时，指针向右偏转。
（1）将条形磁铁按如图1方式S极向下插入螺线管时，发现电流表的指针向右偏转。
螺线管的绕线方向如图2所示。
请在图2中标出螺线管中的感应电流方向。
（2）经分析可得出结论：
当穿过螺线管的磁通量增加时，感应电流产生的磁场与条形磁铁的磁场方向______（填“相同”或“相反”）。
（3）接上面的
（1），将条形磁铁从螺线管中抽出时，电流表的指针向______（填“左”或“右”）偏转。
16.某同学利用如图1所示的实验装置，进行“研究平抛运动的特点”实验。
（1）实验需要用到的测量工具有______
A．秒表
B．打点计时器
C．刻度尺
D．天平
（2）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的有______。
A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平
B．调整木板，使之与小球下落的竖直面平行
C．每次小球应从同一位置由静止释放
D．用折线连接描绘的点得到小球的运动轨迹
（3）通过描点画出平抛小球的运动轨迹，以平抛起点O为坐标原点，沿水平方向、竖直方向分别建立坐标轴，如图2所示。
经测量，点P的坐标为（30，45），小球从抛出点O运动到点P所用的时间t=______s，小球平抛运动的初速度v0=______m/s。
（取重力加速度g=10m/s2）
（4）该同学在轨迹上取若干个点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，作出y-x2图象，下列四个图象中正确的是______。
请结合平抛运动运动的特点，说明判断依据：
______。
四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）
17.
有一辆质量为800kg的小汽车驶上圆弧半径为50m的拱桥，如图所示。
汽v车到达桥顶时速度为5m/s。
取重力加速度g=10m/s2。
（1）画出汽车经过桥顶时，在竖直方向上的受力示意图；
（2）求汽车经过桥顶时，汽车对桥的压力的大小；
（3）汽车对桥面的压力过小是不安全的，请分析说明汽车在经过该拱桥时，速度大些比较安全，还是小些比较安全。
18.
中国北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统。
2018年11月19日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功将北斗三号双星送入预定轨道，成功完成北斗三号基本系统星座部署。
如图所示为其中一颗北斗卫星的轨道示意图。
已知该卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为T，地球半径为R，地球表面附近的重力加速度为g，引力常量为G。
（1）求地球的质量M；
（2）求该卫星的轨道距离地面的高度h；
（3）请推导第一宇宙速度v1的表达式，并分析比较该卫星的运行速度与第一宇宙速度的大小关系。
19.
如图所示为质谱仪的示意图，在容器A中存在若干种电荷量相同而质量不同的带电粒子，它们可从容器A下方的小孔S1飘入电势差为U的加速电场，它们的初速度几乎为0，然后经过S3沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到照相底片D上。
若这些粒子中有两种电荷量均为q、质量分别为m1和m2的粒子（m1＜m2）。
（1）分别求出两种粒子进入磁场时的速度v1、v2的大小；
（2）求这两种粒子在磁场中运动的轨道半径之比；
（3）求两种粒子打到照相底片上的位置间的距离。
20.如图，在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根足够长的平行光滑金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L．导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好。
轨道和导体棒的电阻均不计。
（1）如图1，若轨道左端MP间接一阻值为R电阻，导体棒ab在水平拉力的作用下以速度v沿轨道做匀速运动。
a．请根据法拉第电磁感应定律，证明导体棒ab做切割磁感线运动产生的感应电动势E=BLv；
b．某时刻撤去拉力，画出撤去拉力后通过导体棒ab的电流随时间变化的i-t图象，并分析该过程中的能量转化情况。
（2）如图2，若轨道左端MP间接一电动势为E、内阻为r的电源，导体棒ab处于静止状态。
某时刻闭合开关S，画出闭合开关S后通过导体棒ab的电流随时间变化的i-t图象，并分析该过程中的能量转化情况。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、标量是只有大小没有方向的物理量。
周期是标量，故A正确。
BCD、矢量是既有大小又有方向的物理量，向心加速度、线速度和磁感应强度都是矢量，故BCD错误。
故选：
A。
标量是只有大小没有方向的物理量，矢量是既有大小又有方向的物理量。
根据有无方向确定。
矢量与标量明显的区别是：
矢量有方向，标量没有方向。
要掌握物理量的矢标性。
2.【答案】D
【解析】解：
根据万有引力定律公式F=
得将这两个质点之间的距离变为原来的2倍，则万有引力的大小变为原来的
．故ABC错误，D正确。
故选：
D。
根据万有引力定律公式F=
进行判断。
解决本题的关键掌握万有引力定律的公式，并能灵活运用。
3.【答案】D
【解析】解：
汽车在水平公路上转弯，汽车做曲线运动，沿曲线由M向N行驶，汽车所受合力F的方向指向运动轨迹内测；由图可知，合力的方向指向运动轨迹的内测的只有D，故D正确、ABC错误。
故选：
D。
做曲线运动的物体所受合力与物体速度方向不在同一直线上，速度方向沿曲线的切线方向，合力方向指向曲线的内测（凹的一侧），分析清楚图示情景，然后答题。
做曲线运动的物体，合力的方向指向运动轨迹弯曲的内侧，当物体速度大小不变时，合力方向与速度方向垂直，当物体速度减小时，合力与速度的夹角要大于90°，当物体速度增大时，合力与速度的夹角要小于90°。
4.【答案】B
【解析】解：
AB、AB两点在传送带上，是同缘传动的边缘点，所以两点的线速度相等，根据v=ωr，角速度与半径成反比，A点的角速度小于B点的角速度，故A错误，B正确；
CD、BC两点属于同轴转动，故角速度相等，根据v=ωr，线速度与半径成正比，C点的线速度大于B点的线速度，故CD错误；
故选：
B。
大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等；小齿轮与后轮是同轴传动，角速度相等；结合线速度与角速度关系公式v=ωr列式求解。
本题考查灵活选择物理规律的能力。
对于圆周运动，公式较多，要根据不同的条件灵活选择公式。
5.【答案】C
【解析】【分析】
小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向，而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向。
右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向。
【解答】
当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动。
故C正确，ABD错误。
故选C。
6.【答案】C
【解析】解：
在匀强磁场中，当电流方向与磁场垂直时所受安培力为：
F=BIL，由于磁场强度B和导线长度L不变，因此F与I的关系图象为过原点的直线，故甲丁错误，乙丙正确。
故C正确，ABD错误。
故选：
C。
由于a、b导线的方向均与磁场垂直，根据安培力公式F=BIL写出表达式即可正确求解。
本题比较简单，考查了安培力公式F=BIL的理解和应用，考查角度新颖，扩展学生思维。
7.【答案】D
【解析】解：
电子受到的洛伦兹力方向沿z轴正方向，亮线向上偏转，根据左手定则，且由于电子带负电，则加一沿y轴负方向的磁场，故D正确，ABC错误。
故选：
D。
电子射线由阴极沿x轴方向射出，形成的亮线向上（z轴正方向）偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向上，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向。
本题考查电偏转与磁偏转方向判断的能力，负电荷运动的方向与电流方向相反，洛伦兹力方向由左手定则判断，同时要将左手定则与右手定则的区别开来。
8.【答案】B
【解析】解：
线圈相当于电源，由楞次定律可知A相当于电源的正极，B相当于电源的负极。
故A应该与理想电压表的+号接线柱相连。
由法拉第电磁感应定律得：
E=n
=100×
V=50V，故B正确，ACD错误。
故选：
B。
根据楞次定律判断感应电流的方向。
线圈相当于电源，即可判断电压表的接法；由图求出磁通量的变化率。
根据法拉第电磁感应定律求出回路中感应电动势，得到电压表的读数。
此题根据法拉第电磁感应定律求感应电动势，由楞次定律判断感应电动势的方向，是常见的陈题。
9.【答案】C
【解析】解：
由欧姆定律可知，通过电阻R的有效值：
I=
=
=1.0A，电流的峰值：
Im=
I=
A≈1.4A；
由图2所示图线可知，电流的周期：
T=0.02s，频率：
f=
=50Hz，故C正确，ABD错误；
故选：
C。
电压表测量的是电压的有效值，应用欧姆定律可以求出通过电阻电流的有效值，根据有效值与峰值间的关系求出电流的峰值；由图示图线求出电流的周期，然后求出电流的频率。
本题考查了求电流的峰值与周期问题，分析清楚图示图线是解题的前提，要求同学们能根据图象得出有效信息，电压表和电流表测量的都是有效值。
10.【答案】B
【解析】解：
通电导线静止处于平衡状态，由平衡条件得：
BIL=mgtanθ，解得：
B=
，故B正确，ACD错误；
故选：
B。
导线静止处于平衡状态，根据导线受力情况，应用平衡条件求出磁感应强度大小。
本题考查了求磁感应强度问题，通电导线静止处于平衡状态，应用安培力公式与平衡条件可以解题。
11.【答案】AD
【解析】解：
A、根据变压器的变压规律：
=
，求得U2=
=100V，选项A正确；
B、流过电阻的电流I2=
=10A，故选项B错误；
C、由P1=P2可求得原线圈的电流I1=
=
A，故选项C错误；
D、变压器的输入功率为原线圈的功率：
P1=U1I1=220×
W=1×103W，故选项D正确。
故选：
AD。
由图可读出最大值，周期，电表的示数为有效值，由输入功率等于输出功率可求得输入功率。
考查交流电的图象及表达式，明确输入功率等于输出功率，及电表的示数为有效值。
还涉及到变压器的原理，功率公式等问题，只要正确应用公式应该不难。
12.【答案】AD
【解析】解：
AB、当合上开关S的一瞬时，线圈M产生磁场，穿过线圈P的磁通量从无到有增加，则线圈P里有感应电流，根据楞次定律可得电流方向a→b，故A正确，B错误；
CD、当断开开关S的一瞬时，线圈M产生的磁场消失，穿过线圈P的磁通量从有到无减小，则线圈P里有感应电流，根据楞次定律可得电流方向b→a，故C错误，D正确。
故选：
AD。
当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，线圈就产生感应电流。
根据磁场的变化判断磁通量的变化，根据楞次定律判断电流方向。
感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，对于非匀强磁场的磁通量可以从磁场变化或磁感线的条数来判断。
13.【答案】BD
【解析】【分析】
粒子受到向上的洛伦兹力和向下的电场力，二力平衡时粒子沿直线运动，当二力不平衡时，粒子做曲线运动，由公式qv0B=qE，电量与电性不会影响粒子的运动性质；再分析电子的受力情况，从而明确电子是否会发生偏转。
本题考查了利用质谱仪进行粒子选择原理，只要对粒子进行正确的受力分析即可解决此类问题，注意掌握粒子做直线运动，一定是匀速直线运动，且粒子的电量与电性均不会影响运动性质。
【解答】
由于α粒子从左向右射入正交的电场和磁场空间，恰能做匀速直线运动，则两力平衡，即Eq=qvB，所以选择的速度v=
，与电性和电量无关，但有确定的进、出口。
A、若电子以相同的速度射入，相对α粒子电场力和洛仑兹力均反向，则电子仍将做匀速直线运动，所以选项A错误；
B、同理，质子以相同的速度射入时，相对α粒子电场力和洛仑兹力虽减小，但两力仍平衡，沿直线通过，所以选项B正确；
CD、若质子进入的速度变大，电场力不变，但向上的洛仑兹力变大，所以质子将向上偏转，选项C错误，选项D正确。
故选：
BD。
14.【答案】AD
【解析】解：
在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时，需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系，该方法为控制变量法。
AB、在探究向心力和角速度的关系时，要保持其余的物理量不变，则需要半径、质量都相同，则需要将传动皮带套在两塔轮半径不同的轮盘上，将质量相同的小球分别放在挡板A和挡板C处。
故A正确，B错误；
CD、探究向心力和半径的关系时，要保持其余的物理量不变，则需要质量、角速度都相同，如角速度相同，则应将传动皮带套在两塔轮半径不同的轮盘上，将质量相同的小球分别放在挡板A和挡板C处，故C错误，D正确
故选：
AD。
该实验采用控制变量法，F=mω2r图中抓住角速度不变、半径不变，研究向心力与质量的关系，根据向心力之比求出两球转动的角速度之比，结合v=rω，根据线速度大小相等求出与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比。
本实验采用控制变量法，即要研究一个量与另外一个量的关系，需要控制其它量不变。
知道靠皮带传动，变速轮塔的线速度大小相等。
15.【答案】相反 左
【解析】解：
由图甲可知，线圈中磁场的方向向上
（1）根据电流表指针偏转方向与电流方向间的关系为：
当电流从“+”接线柱流入电流表时，指针向右偏转可知，线圈中电流方向由B流向A，如图所示
；
（2）S极向下插入螺线管时，线圈中磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流的磁场应该与原磁场方向相反，向下，阻碍磁通量的增加；
（3）将条形磁铁从螺线管中抽出时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律，感应电流的磁场英语原磁场方向相同向下，阻碍磁通量的减小，根据安培定则可判，线圈中感应电流方向由A到B，即向左，则电流表的指针向左；
故答案为：
（1）、
；
（2）相反； （3）左。
（1）电流表的指针向右偏转，即从“+”接线柱流入，从而判断线圈中电流方向；
（2）根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化进行分析；
（3）根据楞次定律分析判断。
该题结合对电磁感应现象的研究考查楞次定律的应用，解答本题可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可根据绕向判出各项中应该出现的现象。
16.【答案】C ABC 0.3 1 C y与x2成正比，y-x2图象为过原点的直线
【解析】解：
（1）实验通过描出小球平抛运动轨迹上的点，然后作出平抛运动轨迹，根据运动轨迹测出小球的水平与竖直分位移，应用运动学公式求出小球的初速度，实验不需要测时间、质量，实验需要用刻度尺测距离，故选C；
（2）A、我是小球离开斜槽后做平抛运动，安装斜槽轨道，使其末端保持水平，故A正确；
B、为准确方便确定小球运动轨迹，应调整木板，使之与小球下落的竖直面平行，故B正确；
C、为保证小球做平抛运动的初速度相等，每次小球应从同一位置由静止释放，故C正确；
D、用平滑的曲线连接描绘的点得到小球的运动轨迹，故D错误；
故选：
ABC。
（3）小球在竖直方向做自由落体运动，有：
y=
，运动时间为：
t=
=0.3s，
小球的初速度为：
v0=
=
=1m/s；
（4）平抛运动水平方向的分运动为匀速直线运动，水平位移为：
x=v0t；
竖直方向的分运动为自由落体运动，竖直位移为：
y=
，
整理得：
y=
x2，其中
为定值，因此y与x2成正比，y-x2图象为过原点的直线，故C正确，ABD错误；
故选：
C。
故答案为：
（1）C；
（2）ABC；（3）0.3；1；（4）C；y与x2成正比，y-x2图象为过原点的直线。
（1）根据实验原理与实验需要测量的量分析答题。
（2）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作步骤。
（3）根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度。
（4）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式求出y与x2的关系式，从而确定正确的关系图线。
解决本题的关键知道实验的原理以及操作中的注意事项，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论进行求解。
17.【答案】解：
（1）汽车经过桥顶时，在竖直方向上的受力情况如图所示
（2）以汽车为研究对象，根据牛顿第二定律
代入数据解得 FN=7600 N
根据牛顿第三定律，汽车对桥顶的压力大小FN′=FN=7600 N（1分）
（3）汽车对桥面的压力
，汽车的行驶速度越小，桥面所受压力越大，汽车行驶越安全。
答：
（1）画出汽车经过桥顶时，在竖直方向上的受力示意图（如上图所示）；
（2）求汽车经过桥顶时，汽车对桥的压力的大小为7600N；
（3）汽车对桥面的压力过小是不安全的，汽车在经过该拱桥时，速度大些比较安全。
【解析】
（1）竖直方向上受到重力以及桥的支持力的作用，按要求画出受力图；
（2）汽车到达桥顶时，由重力和支持力的合力提供向心力，根据向心力公式和牛顿第二定律可列式求出支持力，再得到汽车对桥的压力；
（3）根据上题中支持力的表达式分析过桥速度大小与安全系数的关系。
本题关键是找出汽车经过桥顶时向心力的来源，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解。
18.【答案】解：
（1）设一物体的质量为m1，在地球表面附近，万有引定律等于重力：
解得地球质量：
M=
（2）设卫星质量为m2，根据牛顿第二定律：
解得：
h=
=
（3）根据牛顿第二定律：
，
得：
v=
第一宇宙速度为近地卫星的运行速度，即r=R时，
该卫星的轨道半径r=R+h＞R，因此其速度v＜v1。
答：
（1）地球的质量M为
；
（2）该卫星的轨
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