中考物理必刷模拟卷05解析版.docx

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中考物理必刷模拟卷05解析版

冲刺中考物理必刷模拟卷

05

一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）

1．（2019秋•金乡县期末）在跳水比赛中，跳板被跳水运动员压弯，说明力可以改变物体的　　，被压弯的跳板对运动员产生了向上的　　，把运动员弹到空中。

【答案】：

形状；弹力

【解析】：

跳水运动员踏板起跳时，跳板会被压弯，这说明力可以改变物体的形状。

被压弯的跳板对运动员产生了向上的弹力，把运动员弹到空中。

2．牙医内窥镜是一种常用医用光学器具，是利用光的　　现象（填“反射”或“折射”）工作的。

冬天时，牙医常把小镜子适当烤一烤，这是为了防止口腔内热的水蒸气在小镜子上发生　　（填物态变化名称）

【答案】：

反射；液化

【解析】：

牙医内窥镜是平面镜，利用的是平面镜成像，属于光的反射现象；

医生为病人检查牙齿时，常把小镜子放在酒精灯上适当烤一烤，然后再伸进口腔内，这样做的主要目的是为了防止口腔内热的水蒸气遇冷液化附着在镜面上，看不清口腔状况。

3．长征五号”运载火箭在加速升空的过程中机械能　　（选填“变大”、“变小”或“不变”），它的发动机采用液氢为燃料是因为液氢的热值较　　（选填“大”或“小”）。

【答案】：

变大；大

【解析】：

（1）长征五号运载火箭在加速上升过程中，质量不变，速度变大，故其动能变大；同时高度变大，其重力势能变大，故其机械能变大；

（2）长征五号运载火箭发动机采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以放出更多的热量。

4．（2019•建邺区一模）如图所示是定值电阻甲和标有“6V3W”小灯泡乙的U﹣I图象。

若将两者并联在电路中，干路允许通过的最大电流为　　A．若将两者串联在电路中，该电路两端允许的最大电压为　　V，若此时该电路两端的电压为7V时，电路消耗的总功率为　　W。

【答案】：

0.5；1.1；11；2.8

【解析】：

（1）由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流：

I额＝

＝

＝0.5A，

（2）两者并联时，它们两端的最大电压等于小灯泡的额定电压6V，由图象可知，甲的电流I甲＝0.6A，乙的电流I乙＝0.5A，

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路允许通过的最大电流为I并＝I甲+I乙＝0.6A+0.5A＝1.1A，

（3）串联电路中的电流处处相等，所以电路中的最大电流为0.5A，

由图象可知，此时定值电阻两端的电压为5V，小灯泡两端的电压是6V，

所以电源电压U＝UR+UL＝5V+6V＝11V；

（4）因为两者串联，起分压作用，由图象可知，电源电压为7V时，甲两端的电压为4V，乙两端的电压为3V，此时电路中的电流为0.4A，

所以电路消耗的总功率P′＝U′I′＝7V×0.4A＝2.8W；

5．（2019秋•南京期末）如图所示当甲电路中的开关S闭合时，两个电压表所选量程不同，测量时的指针位置均为如图乙所示，则电阻R1两端的电压为　　V，R1：

R2＝　　，当电阻R1、R2并联在电路中时，在相同的时间内电流通过R1、R2所产生的热量之比Q1：

Q2＝　　。

【答案】：

10；4：

1；4：

1

【解析】：

（1）由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源电压，V2测R2两端电压，由串联电路的电压特点可知，V1示数应大于V2示数，而两电压表指针所指位置相同，所以V1使用0﹣15V量程，由图乙知，V1示数12.5V，即电源电压U＝12.5V，

V2使用0﹣3V量程，由图乙知，V2示数2.5V，即R2两端电压U2＝2.5V，

所以R1两端的电压：

U1＝U﹣U2＝12.5V﹣2.5V＝10V，

由串联电路的电流特点知，I1＝I2，

由欧姆定律有：

＝

，

所以

＝

＝

＝

；

（2）由Q＝I2Rt可得，相同的时间内电流通过R1、R2所产生的热量之比：

＝

＝

＝

。

6．交通安全关系千家万户，认真观察，发现为提醒司机朋友，在道路旁边设置了“雨（雪）天路滑，减速慢行”的温馨警示牌。

（1）请你就上面的提示提出一个科学探究的问题　　；

（2）为探究上述问题，在设计实施方案时，你认为要采取的物理方法是　　（选填“等效替代法”、“控制变量法”、“转换法”）。

【答案】：

（1）湿的路面上的摩擦力是否比干的路面上的摩擦力小；

（2）控制变量法。

【解析】：

（1）雨（雪）天路滑，说明在雨雪天气时路面的摩擦力比较小，难以刹车，由此可以提出的科学探究问题：

湿的路面上的摩擦力是否比干的路面上的摩擦力小；

（2）路面摩擦力大小可能与路面的路面的干湿程度、光滑程度、路面受到压力等多个因素有关，所以如果要探究路面摩擦力大小与路面的干湿程度关系应采用控制变量法。

二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。

第7~12题每小题只有一个选项符合题目要求，第13~14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）

7．（2019•武侯区校级自主招生）以下说法中正确的是（　　）

A．初中物理课本的宽度大约28cm

B．刚参加了中考的小明体积约55dm3

C．小明从一楼走到三楼教室克服自身重力大约做了1500J的功

D．高空中飞机飞行的速度大约25m/s

【答案】：

B

【解析】：

A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，初中物理课本的宽度略小于此数值，在16cm左右。

故A不正确；

B、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右。

中学生的质量在55kg左右，体积在V═

＝

＝0.055m3＝55dm3左右。

故B正确；

C、中学生的体重平均在500N左右，一层楼的高度在3m左右。

小明从一楼走到三楼教室，克服自身重力大约做了W＝Gh＝500N×6m＝3000J的功。

故C不正确；

D、高空中飞机的飞行速度在100m/s以上。

故D不正确。

8．以下对中华古诗词中有关物态变化的分析，正确的是（　　）

A．“天街小雨润如酥，草色遥看近却无。

”雨的形成是汽化现象，需要放热

B．“桂魄初生秋露微，轻罗已薄未更衣。

”露的形成是液化现象，需要放热

C．“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。

”霜的形成是凝固现象，需要吸热

D．“晨起开门雪满山，雪晴云淡日光寒。

”雪的形成是熔化现象，需要吸热

【答案】：

B

【解析】：

A、雨是水蒸气上升时遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故A错误；

B、露是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故B正确；

C、霜是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故C错误；

D、雪是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故D错误。

9．某人站在离湖岸边8m的C处，刚好能看见湖对岸的一棵树HG在水中的完整的像，如果眼距地面的高度为l.6m，湖两岸均高出湖水面lm。

湖宽50m，则该树HG的高度为（　　）

A．10mB．9mC．8mD．7m

【答案】：

C

【解析】：

首先作出G、H两点关于水面的对称点G'、H'，即GH的虚像；然后把人眼和H'连接起来作出反射光线，如图所示：

根据对顶角相等可知，∠BOA′＝∠AOH′，因此Rt△AOH′∽Rt△BOA′，

所以

＝

，而从题可知，A′B＝1m，OA′＝50m﹣OA，

即

＝

①式；

根据同位角相等可知，∠BOA′＝∠DBC，而∠BOA′＝∠AOH′，因此∠DBC＝∠AOH′，所以Rt△AOH′∽Rt△DBC′，

所以

＝

，而从题可知，CD＝1.5m，BC＝6m，

即

＝

②式；

由②式可得：

OA＝5AH′③式，

把③式代入①式可得：

＝

，解得：

AH′＝9m，而AG′＝1m，

所以G′H′＝AH′﹣AG′＝9m﹣1m＝8m，

即该树HG的高度为8m。

10．（2019秋•房山区期末）如图所示，甲、乙两杯液体静止放在水平桌面上。

把同一个鸡蛋分别放入甲、乙两杯液体中，鸡蛋在甲杯中漂浮，在乙杯中悬浮，此时两液面相平。

下列说法中正确的是（　　）

A．鸡蛋在甲、乙两杯液体中受到的浮力相等

B．两杯液体的密度相等

C．两杯液体对容器底部的压强相等

D．在甲杯液体中加入食盐溶化后，鸡蛋会下沉一些

【答案】：

A

【解析】：

A、由图可知，同一个鸡蛋在甲、乙两杯液体中分别处于悬浮和漂浮状态，物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，

所以同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，都等于鸡蛋的重力，故A正确；

B、由图可知，鸡蛋在甲杯中漂浮，可得ρ甲＞ρ物；鸡蛋在乙杯中悬浮，可得ρ乙＝ρ物，所以ρ甲＞ρ乙，故B错误；

C、由题可知，两液面相平，即h甲＝h乙，且ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可得容器底部所受液体压强：

p甲＞p乙，故C错误；

D、在甲杯液体中加入食盐溶化后，甲杯中液体密度变大，鸡蛋仍然漂浮，其所受浮力仍然等于其所受重力，根据F浮＝ρ液gV排可知，排开液体的体积变小，所以鸡蛋会上浮一些，故D错误。

11．如图所示电路，电源电压保持不变，R1为定值电阻。

闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，判断正确的是（　　）

A．电压表示数变小，电流表示数不变B．电压表示数不变，电流表示数变大

C．电压表示数变大，电流表示数不变D．电压表示数不变，电流表示数变小

【答案】：

D

【解析】：

：

由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，

因电源电压保持不变，

所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故AC错误；

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，

滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，

由I＝

可知，通过R2的电流变小，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故B错误、D正确。

12．如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．如图甲，奥斯特实验说明通电导线的周围存在着磁场

B．如图乙，闭合开关，通电螺线管右端为S极

C．发电机利用了图丙的原理

D．电动机利用了图丁的原理

【答案】：

A

【解析】：

A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A正确；

B、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为N极，故B错误；

C、图中有电源，是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用而制成的，故C错误；

D、图中没有电源，是发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，故D错误。

13．（2019•郑州一模）如图，放在水平桌面上的容器A为圆柱形，容器B为圆锥形，两容器本身的质量和底面积都相同，装入深度相同的水后，再分别放入相同质量的木块，下列说法中正确的是（　　）

A．放入木块前，两容器对桌面的压力相等

B．放入木块前，两容器底部所受水的压力相等

C．放入木块后，由于A′容器中的水多于B′容器，所以A′容器底部受水的压力大于B′容器

D．放入木块后，B′容器底受水的压力大于A′容器底所受水的压力

【答案】：

BD

【解析】：

放入木块前，AB装入水的深度相同根据p＝ρgh，两容器对桌面的压强相同，又因为底面积相同，故放入木块前，两容器底部所受水的压力相等，A错误，B正确。

放入木块后，木块在两容器中排开水的体积相等，因B容器上部窄故B液面升高要多，B′中液体对底部的压强比A′中的压强要大，故压力也要比A中的压力大，故C错，D对。

14．如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S移动滑片P，得到小灯泡的I﹣U图象如图乙所示。

当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是（　　）

A．电流表的示数为0.2AB．滑动变阻器接入电路的电阻为15Ω

C．电路消耗的总功率是1.35WD．10s内电流对滑动变阻器做功是6J

【答案】：

CD

【解析】：

由电路图可知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，

由图乙可知，当灯泡两端的电压UL＝2.5V、通过的电流IL＝0.3A时，

小灯泡的功率PL＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W，则电流表的示数为0.3A，故A错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

UR＝U﹣UL＝4.5V﹣2.5V＝2V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由I＝

可得，滑动变阻器接入电路的电阻：

R＝

＝

＝

≈6.67Ω，故B错误；

电路消耗的总功率：

P＝UI＝UIL＝4.5V×0.3A＝1.35W，故C正确；

10s内电流对滑动变阻器做功：

WR＝URIRt＝URILt＝2V×0.3A×10s＝6J，故D正确。

三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）

15．（2019秋•新抚区期末）图甲是一种瓶起子。

只要手指轻轻钩动圆环处，就可以轻松起开瓶盖，它其实就是一个杠杆，其简化图如图乙所示，请在图乙中作出：

（1）作用在A点的最小动力F1；

（2）作用在B点的阻力F2及其力臂l2。

【解析】：

根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小；由图知，最长的动力臂L1是从O点到A点的距离，过A点作垂直于OA向下的力，即为最小动力F1的示意图。

由题可知O为支点，从O向F2的作用线引垂线，则垂线段的长度即为阻力臂L2。

如图所示：

16．（2019•广西一模）在图中，标出小磁针的N极及磁感线的方向。

【解析】：

由图可知电流由左侧流入，则由右手螺旋定则可知螺线管右侧为N极，左侧为S极，磁感线由N极指向S极，小磁针N极与螺线管的S极相吸，故N极向左。

如图所示：

四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第18题8分，共18分）

17．（2020•长春一模）如图所示，用质量不同的钢球A、B，从同一斜面的同一高度由静止滑下，撞击同一块木块C。

（1）让钢球A、B从同一斜面的同一高度由静止滚下，是为了使钢球滚到斜面底端时具有相同的　　；

（2）本实验通过　　确定动能大小；

（3）实验可得结论：

　　。

【答案】：

（1）速度；

（2）木块移动的距离大小；（3）速度相同的物体，质量越大，动能越大

【解析】：

（1）让钢球A、B从同一斜面的同一高度由静止滚下，是为了使钢球滚到斜面底端时具有相同的速度；

（2）本实验研究的是钢球具有动能大小跟质量的关系，观察图可以发现：

小车的质量越大，木块移动的距离越大；

（3）因此此实验的结论是：

在速度一定时，运动物体的质量越大，动能越大。

18．（2019秋•舒兰市期末）如图所示，用易拉罐做了“探究物质吸热能力”的实验

（1）在两个相同的易拉罐中分别装入　　相等，温度相同的水和沙子，用相同的酒精灯对他们进行加热

（2）除了图中的器材外还需要的测量器材是　　（天平、秒表除外），通过比较相同时间内　　就可以知道水和沙子吸热能力强弱。

（3）用相同的热源对水和沙子加热相同的时间，水吸收的热量　　（选填“大于”、“小于”或“等于”）沙子吸收的热量。

（4）通过实验发现沙子升温快，因此可知　　（选填“水”或“沙子”）的吸热能力更强。

【答案】：

（1）质量；

（2）温度计；升高的温度；（3）等于；（4）水

【解析】：

（1）根据比较不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量不同，故在两个相同的易拉罐中分别装入质量相等，温度相同的水和沙子，用相同的酒精灯对他们进行加热；

（2）因要记录温度的变化，故除了图中的器材外还需要的测量器材是温度计；

根据比较吸热能力的方法，通过比较相同时间内升高的温度就可以知道水和沙子吸热能力强弱；

（3）用相同的热源对水和沙子加热相同的时间，根据转换法，水吸收的热量等于沙子吸收的热量；

（4）通过实验发现沙子升温快，由比较吸热能力的方法，因此可知水的吸热能力更强。

19．某实验小组用图甲所示电路进行“探究电流与电阻的关系”实验。

（1）请将图甲连接完整，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大。

（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于　　端（选填“A”或“B”）。

（3）闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是　　。

（4）排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙所示，为　　A。

（5）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向　　（选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为　　V时，读出电流表的示数。

再更换20Ω定值电阻继续实验，实验数据记录在表格中。

由实验数据可知：

当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成　　。

实验次数

1

2

3

R/Ω

5

10

20

I/A

0.2

0.1

（6）该小组想用一块电流表和一个定值电阻R0，测未知电阻Rx的阻值。

于是他们设计了如图丙所示的电路图，并进行如下实验操作：

①闭合S和S1，此时电流表的示数为I1。

②闭合S断开S1，此时电流表的示数为I2。

③请用已知量R0和测出量I1、I2表示出未知电阻Rx的表达式，则Rx＝　　。

【答案】：

（1）如上所示；

（2）B；（3）定值电阻断路；（4）0.4；（5）B；2；反比；（6）③

。

【解析】：

（1）滑动变阻器与电阻串联，要求滑片向右移动时，连入电路的电阻变大，所以应将滑动变阻器的A接线柱与开关的右接线柱相连，如下图所示：

（2）为保护电路，变阻器连入电路中电阻最大即B端；

（3）闭合开关，移动变阻器滑片P，发现电流表无示数，电路可有断路发生，而电压表有示数，说明电压表到电源两极间是通路，所以故障原因可能是定值电阻断路；

（4）小明同学首先将5Ω定值电阻接入电路，将滑片P滑到b端，再闭合开关，调节滑片P，使电压表示数到达某一数值，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数0.4A；

（5）研究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，由欧姆定律的变形公式，电压表示数U＝IR＝0.4A×5Ω＝2V；

根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；

由表格中数据发现：

电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，故在电压一定时，电流与电阻成反比。

（6）①闭合S、S1，此时两电阻并联，电流表测量干路电流，示数为I1，

②闭合S、断开S1，此时为只有Rx工作的电路，电流表测量Rx的电流，示数为I2，可测出电源电压U＝I2Rx，

根据并联电路电流的规律知，R0的电流：

I0＝I1﹣I2，则电源电压为U＝（I1﹣I2）R0

根据电源电压相等知：

U＝U＝I2Rx＝（I1﹣I2）R0

未知电阻Rx的表达式为：

Rx＝

。

五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）

20．（2019•黄冈期末）如图为某款擦窗机器人，它凭借其底部的真空泵在机身和玻璃之间形成低气压，牢牢地吸附在竖直玻璃上。

请回答：

（1）擦窗机器人在向上运动工作时，把电能转化为　　。

（2）工作时擦窗机器人对玻璃的压力为28牛，内部的气压为99200帕，外界大气压为105帕，求擦窗机器人与玻璃的接触面积至少为多少平方米？

（3）擦窗机器人的总质量为1.2千克，工作时的实际功率为80瓦，它在竖直向上擦窗过程中有0.25%的电能用于克服重力做功。

若窗户足够高，持续竖直向上擦窗10分钟，擦窗机器人可上升的最大高度为多少米？

【解析】

（1）擦窗机器人是利用电动机工作的，则擦窗机器人在向上运动工作时，把电能转化为机械能；

（2）擦窗机器人工作时内外气压差：

△p＝p外﹣p内＝105Pa﹣99200Pa＝800Pa，

由p＝

可得，擦窗机器人与玻璃的最小接触面积：

S＝

＝

＝0.035m2；

（3）由P＝

可得，擦窗机器人工作10min消耗的电能：

W电＝P电t＝80W×10×60s＝48000J，

克服重力所做的功：

W＝W电η＝48000J×0.25%＝120J，

由W＝Gh＝mgh可得，擦窗机器人可上升的最大高度：

h＝

＝

＝10m。

答：

（1）机械能；

（2）擦窗机器人与玻璃的接触面积至少为0.035m2；

（3）擦窗机器人可上升的最大高度为10m。

21．多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。

图乙是某品牌养生壶简化电路图。

（ρ水＝1×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），g＝10N/kg）

项目

参数

电源电压（V）

220

低温档功率（W）

275

中温档功率（W）

550

高温档功率（W）

1100

容积（L）

1

（1）开关S1、S2处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据；

（2）求R1的阻值；

（3）养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小；

（4）在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为80%，求水吸收的热量和烧开一壶水需要的时间。

【解析】

（1）由图知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由P＝

可知，总功率最大，所以此时养生壶为高温档；

（2）由图知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由P＝

可知，总功率最小，此时为低温档；

当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温档。

由P＝UI得，正常工作时通过R1的电流为：

I1＝

＝

＝2.5A，

由I＝

得，R1的阻值：

R1＝

＝

＝88Ω，

（3）由P＝UI得，养生壶在低温档工作时电路中的电流为：

I低＝

＝

＝1.25A，

（4）由ρ＝

可得，水的质量：

m＝ρV＝1×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，

水吸收的热量：

Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣12℃）＝3.696×105J，

由η＝

和W＝Pt得，烧开一壶水需要的时间为：

t＝

＝

＝

＝420s。

答：

（1）当开关S1闭合，S2接B时，为高温档；因为此时电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，总功率最大；

（2）电阻R1的阻值是88Ω；

（3）养生壶处于低温档工作时电流为1.25A；

（4）水吸收的热量为3.696×105J，烧开一壶水需要的时间为420s。