辽宁省沈阳市实验中学学年高一上学期期中考试模拟物理试题.docx

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辽宁省沈阳市实验中学学年高一上学期期中考试模拟物理试题

辽宁省实验中学2018-2019学年高一（上）期中物理模拟试卷

一．选择题（共12小题，满分36分，每小题3分）

1.用手握住瓶子，使瓶子在竖直方向静止，如图所示，如果握力加倍，则手对瓶子的摩擦力（　　）

A.手越粗糙，摩擦力越大

B.握力越大，摩擦力越大

C.手和瓶间无正压力，所以没有摩擦力

D.只要瓶子不动，摩擦力大小与握力大小无关

【答案】D

【解析】

【分析】

瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，根据静摩擦力的特点可以判断；

【详解】ABD、瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力大小等于重力，方向向上；握力加倍后或手越粗糙，瓶子更掉不下，依然保持静止，竖直方向上重力和静摩擦力依然平衡，静摩擦力还是等于重力，只不过手和瓶子间的最大静摩擦力增大，故D正确，AB错误；

C、手和瓶间有正压力，有摩擦力，否则瓶子会下落的，故C错误；

故选D。

【点睛】静摩擦力与压力无关，这里握力变大，只是滑动摩擦力变大了，最大静摩擦力增大，而物体受静摩擦力不变。

2.如图是A、B两个物体由同一地点沿相同方向做直线运动的v﹣t图，由图可知（　　）

A.A出发时间比B早5s

B.第10s末A、B速度相等

C.前15s内A的位移比B的位移大50m

D.前15s内A、B位移相等

【答案】B

【解析】

【分析】

根据速度的大小，直接读出物体出发时间的关系，根据图线与坐标轴所围“面积”比较位移关系，两图线的交点表示速度相等；

【详解】A、由图看出，A出发时间比B迟5s，故A错误；

B、第10s末，两图象相交，则A的速度等于B的速度，故B正确；

CD、前15s内A的位移为

，B的位移

，所以15s内B的位移比A的位移大50m，故C、D错误；

故选B。

【点睛】关键是主要抓住图线的“面积”表示位移，交点表示速度相等数学意义来分析理解。

3.启动后做匀加速直线运动的汽车上的司机，发现尚有乘客未上车，急忙使汽车做匀减速运动直至停止，若整个过程历时t，行驶位移s，那么，此过程中汽车的最大速度大小为（）

A.

B.

C.

D.

【答案】D

【解析】

设最大速度为v，则有：

，解得最大速度为：

，故D正确，ABC错误。

4.下列运动图象中表示质点做匀速直线运动的是（　　）

A.

B.

C.

D.

【答案】A

【解析】

在x-t图象中倾斜的直线表示质点做匀速直线运动，与时间轴平行的直线表示质点静止，故图线A表示匀速直线运动，选项A正确，B错误；在v-t图象中倾斜的直线表示质点做匀变速直线运动，与时间轴平行的直线表示质点做匀速直线运动，选项CD错误；故选A.

5.如图，不可伸长的轻绳两端系在竖直杆P、Q上，重物用光滑挂钩悬挂于绳上处于静止状态。

下列说法正确的是（　　）

A.若将绳的右端向上移动稍许，则绳的拉力变大

B.若将杆Q向右移动稍许，则绳的拉力变大

C.若将绳的长度减少稍许，则绳的拉力变小

D.若物体的质量变大，则挂钩左移

【答案】B

【解析】

【分析】

设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为

，绳子的长度为L，两竖直杆的距离为S，根据几何知识和对称性，可得到

，根据平衡条件分析

如何变化，再分析拉力F的变化；

【详解】设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为

，绳子的长度为L，两竖直杆的距离为S，根据几何知识和对称性，得：

；以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得：

，得

A、若将绳的右端向上移动稍许，S和L均不变，则

不变，由

得知绳的拉力F不变，故A错误；

B、若将杆Q向右移动稍许，S增大，

变大，则由

得知绳的拉力变大，故B正确；

C、若将绳的长度减少稍许，则L变小，

变大，则由

得知绳的拉力变大，故C错误；

D、S和L均不变，

不变，所以物体的质量变化，不会影响悬挂点的移动，故D错误。

故选B。

【点睛】关键是根据几何知识分析

与绳子的长度和两竖直杆的的关系，也可以运用图解法，作图分析拉力的变化情况。

6.气象研究小组用图示简易装置测定水平风速。

在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来。

已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°。

则（）

A.θ=60°时，风速v=6m/s

B.若风速增大到某一值时，θ可能等于90°

C.若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小

D.若风速不变，换用半径变大、质量不变的球，则θ不变

【答案】C

【解析】

试题分析：

设球正对风的截面积为S，由于风力大小正比于风速和球正对风的截面积，所以风力大小为F=kSv，当速度为3m/s时，由平衡条件得，mgtan30°=Sv0k，当角度为60°时，同理可得mgtan60°=Svk，由此可解的v=9m/s，故A错误；若θ为900，那么线只能提供水平方向的拉力，在竖直方向上没有与重力相平衡的力，所以小球不能处于平衡态，即风速在增大，θ也不可能变为90°，故B错误；若风速不变，换用半径变大（由风力大小为F=kSv可知风力变大）质量不变的球，根据F=mgtanθ，知θ变大，故C错误；若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，由上面知风力不变，根据F=mgtanθ，因重力减小，风力不变，则θ减小．故D正确．所以D正确，ABC错误。

考点：

共点力作用下物体平衡

【名师点睛】取小球为研究对象，小球受到拉力、风力与重力处于平衡状态，根据平衡条件得风力与重力的关系，再结合风力的大小正比于风速和球正对风的截面积，即可分析风力的变化情况，再根据具体情况做具体的分析即可得出正确的结论。

7.如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中

A.N1始终减小，N2始终增大

B.N1始终减小，N2始终减小

C.N1先增大后减小，N2始终减小

D.N1先增大后减小，N2先减小后增大

【答案】B

【解析】

试题分析：

对小球进行受力分析如图所示，

设：

板与竖直方向夹角为

，则：

，

，随着板顺时针方向转动，

越来越大，因此N2越来越小，同样

也越来越小，答案B正确。

考点：

共点力作用下物体的平衡，力的合力与分解

8.如图所示，两个同样的弹簧秤每个自重都是0.1N，下端挂钩的重力忽略不计，甲“正挂”，乙“倒挂”，在乙的下方挂上重0.2N的砝码，则甲、乙两弹簧秤的示数分别为（）

A.0.3N0.3NB.0.3N0.2N

C.0.2N0.3ND.0.4N0.3N

【答案】A

【解析】

试题分析：

两弹簧秤的示数等于挂钩处的拉力，对下面的物体及弹簧受力分析可求出弹簧秤的示数．

解：

对下方的钩码及物体分析，弹簧的拉力：

F=G自重+G砝码=0.1+0.2=0.3N；两挂钩处的力为作用力与反作用力；

故两弹簧秤的示数均为0.3N；

故选：

A

【点评】本题考查受力分析的方向，要注意明确弹簧秤的读数原理，同时注意牛顿第三定律的应用．

9.关于伽利略的理想斜面实验，下列说法正确的是（　　）

A.伽利略的理想实验是假想的，没有科学依据

B.伽利略的理想实验所用到的方法是在可靠事实基础上进行抽象思维而创造出来的一种科学推理方法，是科学研究中的一种重要方法

C.伽利略的理想实验有力地否定了亚里士多德的观点

D.现在伽利略的斜面实验已不再是理想实验，是可以完成的实验了

【答案】BC

【解析】

【分析】

要了解伽利略“理想实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理．（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端；

【详解】AB、在伽利略研究力与运动的关系时，是在斜面实验的基础上，成功地设计了理想斜面实验，他以实际的实验为依据，抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而能够更深刻地揭示了自然规律。

因此，理想实验是实际实验的延伸，而不是实际的实验，是建立在实际事实基础上的合乎逻辑的科学推断，故A错误，B正确；

C、伽利略的理想实验有力地否定了亚里士多德的观点，故C正确；

D、理想实验中没有观察到小球不受阻力时恒定速度运动，实际做不到，故D错误；

故选BC。

【点睛】要求能理解伽利略的“理想实验”；明确它是建立在可靠的事实基础之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶．要理解它在物理方法上的贡献。

10.如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，水平力F作用在A上，使两者一起向右做匀速直线运动，则下列判断正确的是[    ]

A.由于A、B一起做匀速直线运动，故A、B间无摩擦力

B.A对B的静摩擦力大小为F，方向向右

C.B对地面的滑动摩擦力的大小为F，方向向右

D.B物体受到了向右的静摩擦力和向左的滑动摩擦力

【答案】BCD

【解析】

【详解】对A研究：

水平方向受到水平力F，由平衡条件得知：

B对A有水平向左的静摩擦力，A对B有水平向右的静摩擦力。

故A错误，B正确。

B相对于地面向右运动，对整体，根据平衡条件得知，地面对B的摩擦力为滑动摩擦力，水平向左。

根据牛顿第三定律得知，B受到地面的摩擦力与B对地面的摩擦力方向相反，即B对地面的摩擦力水平向右。

故C正确；由以上可知，B受地面对B向左的滑动摩擦力和A对B向右的静摩擦力；故D正确。

故选BCD。

【点睛】本题关键根据两物体均处于平衡状态，由平衡条件分析受力情况，同时注意明确摩擦力的分析方法，知道牛顿第三定律的应用．

11.如图所示，A、B、C、D四个人做杂技表演，B站在A的肩上，双手拉着C和D，A撑开双手水平支持着C和D.若四个人的质量均为m，他们的臂长相等，重力加速度为g，不计A手掌与C、D身体间的摩擦，下列结论正确的是（　　）

A.A受到地面支持力为4mgB.B受到A的支持力为mg

C.B受到C的拉力约为

mgD.C受到A的推力约为

mg

【答案】AC

【解析】

【详解】对ABCD整体，在竖直方向受力平衡，则A受到地面支持力为4mg，选项A正确；对BCD整体，在竖直方向受力平衡，则B受到A的支持力为3mg，选项B错误；由几何关系可知，B的两只手臂与竖直方向的夹角约为300，对C，竖直方向：

TBCcos300=mg，则

，水平方向：

FAC=mgtan300=

mg，选项C正确，D错误；故选AC.

12.如图所示为甲、乙两质点做直线运动时，通过打点计时器记录的两条纸带，两纸带上各计数点间的时间间隔都相同．关于两质点的运动情况的描述，正确的是（）

A.两质点在t0～t4时间内的平均速度大小相同

B.两质点在t2时刻的速度大小相等

C.两质点速度相等的时刻在t3～t4之间

D.两质点不一定是从同一地点出发的，但在t0时刻甲的速度为0

【答案】ABD

【解析】

试题分析：

平均速度等于位移与时间的比值；甲图做匀加速直线运动，t2时刻的速度等于t1到t3时刻的平均速度，而乙图做匀速运动，t2时刻的速度即为整个过程的平均速度；两质点在t0～t4时间内，通过的位移相等，经历的时间相等，故平均速度相等，故A正确；在甲图中，相邻相等时间内位移之比满足1：

3：

5，由匀变速直线运动的规律

，t0时刻速度为零，甲图做匀加速直线运动，t2时刻的速度等于t1到t3时刻的平均速度即

，乙图做匀速运动，t2时刻的速度即为整个过程的平均速度即

，故B正确，C选项错误；两质点不一定是从同一地点出发的，在甲图中，相邻相等时间内位移之比满足1：

3：

5，故t0时刻速度为零，故D正确。

考点：

匀变速直线运动的规律平均速度瞬时速度

二．填空题（共2小题）

13.某同学做“探究求合力的方法”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。

（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______．

（2）本实验采用的科学方法是________。

A．理想实验法B．等效替代法

C．控制变量法D．建立物理模型法

（3）本实验中以下说法正确的是________．

A．两根细绳必须等长

B．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上

C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行

D．实验中，把橡皮条的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角必须取90°

【答案】

（1）.F′

（2）.B（3）.C

【解析】

（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合．

（2）本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B.

（3）具体实验中，两细绳长度不需要相同，故A错误；橡皮条应与两绳夹角的平分线不一定在同一直线上，选项B错误；本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大，故C正确；用两弹簧秤同时拉细绳时两个弹簧秤之间夹角没有要求，只要使得两次橡皮条拉伸到一点就行，故D错误；故选C．

点睛：

明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验中“理论值”和“实验值”的区别．明确实验原理和实验的具体操作从而正确分析产生误差的原因，进一步采取减小误差的措施，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求．

14.一个实验小组做“探究弹簧弹力与弹簧伸长关系”的实验,采用如图a所示装置,质量不计的弹簧下端挂一个小盘,在小盘中增添砝码,改变弹簧的弹力,实验中作出小盘中砝码重力随弹簧伸长量x的图象如图b所示。

（重力加速度g取10m/s2）

（1）利用图b中图象,可求得该弹簧的劲度系数为N/m。

（2）利用图b中图象,可求得小盘的质量为kg,小盘的质量会导致弹簧劲度系数的测量结果与真实值相比（选填“偏大”“偏小”或“相同”）。

【答案】①

；②0.1kg，相同。

【解析】

试题分析：

设弹簧原长为

，小盘质量为

，根据胡克定律，弹簧弹力

，得砝码重力

，可知图像斜率表示弹簧劲度系数，

。

图像纵轴截距绝对值表示托盘的重力，由图像可知纵轴截距

，托盘重力

，则质量

。

由

可知，弹簧劲度系数与托盘质量无关，故弹簧劲度系数的测量结果与真实值相同。

考点：

胡克定律

三．计算题（共3小题）

15.如图所示，物体的重量为2kg，两根轻绳AB和AC的一端连接于竖直墙上，另一端系于物体上，在物体上另施加一个方向与水平线成θ=60°的拉力F，若要使两绳都能伸直，求拉力F的大小范围。

【答案】

【解析】

试题分析：

设当F最小时为

，

此时物体受力如图，由平衡条件可得

，①

②，所以

设当F最大时为

，

此时物体受力如图，根据平衡条件可得：

所以

故F的取值范围为

考点：

考查了共点力平衡条件的应用

16.物体A在水平力F1=500N的作用下，沿倾角θ=37°的斜面匀速滑动，如图所示。

物体A受的重力G=400N，求：

物体与斜面间的动摩擦因数μ．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

【答案】

【解析】

因F1cos370=400N>Gsin370=240N，则物体匀速上滑；物体的受力如图，分解mg和F，在X方向和Y方向受力均平衡，则有：

mgsin37°+μFN=Fcos37°，FN=mgcos37°+Fsin37°

解得：

μ=

点睛：

本题是物体的平衡问题，首先要判断物体的运动方向，从而判断摩擦力的方向，同时，要正确分析物体的受力情况，运用正交分解法处理多力平衡问题．

17.据报道，一儿童玩耍时不慎从45m高的阳台上无初速掉下，在他刚掉下时恰被楼下的管理人员发现，该人员迅速由静止冲向儿童下落处的正下方楼底，准备接住儿童．已知管理人员到楼底的距离为18m，为确保安全稳妥的接住儿童，管理人员将尽力节约时间，但又必须保证接儿童时没有水平方向的冲击，不计空气阻力，将儿童和管理人员都看做质点，设管理人员奔跑过程中只做匀速或匀变速运动，g取10m/s2．

（1）管理人员至少要用多大的平均速度跑到楼底？

（2）若管理人员在加速或减速过程中的加速度大小相等，且最大速度不超过9m/s，求管理人员奔跑时加速度需满足什么条件？

【答案】

（1）6m/s

（2）a≥9m/s2

【解析】

（1）儿童下落过程，由运动学公式得，

管理人员奔跑的时间t≤t0

对管理人员奔跑过程，由运动学公式得，

由①②③并代入数据得，

≥6m/s

（2）假设管理人员先匀加速接着匀减速奔跑到楼底，奔跑过程中的最大速度为v0，由运

动学公式得，

得

=12m/s>vm=9m/s

故管理人员应先加速到vm=9m/s，再匀速，最后匀减速奔跑到楼底.

设匀加速、匀速、匀减速过程的时间分别为t1、t2、t3，位移分别为s1、s2、s3，

由运动学公式得，

s1+s2+s3=s

联立并代入数据得，a≥9m/s2.