玉溪市江川二中学年下学期期末考试高一物理试题及答案.docx
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玉溪市江川二中学年下学期期末考试高一物理试题及答案
玉溪市江川二中2018—2019学年下学期期末考试高一物理试题
一、单选题（共10小题,每小题3.0分,共30分）
1.以下说法中的“时间”指时刻的是（ ）
A.在第15届亚洲杯中国对阵科威特的比赛中，凭借张琳M和邓卓翔分别在第58分钟和第67分钟的进球，国足以2∶0击败对手
B.我国航天员翟志刚在“神七”飞船外完成了历时20分钟的太空行走
C.我国实行每周工作40小时的劳动制度
D.我国发射的“神舟七号”载人飞船环绕地球运行68.5小时后，在内蒙古主着陆场成功着陆
【答案】A
【解析】
A、58分钟及67分钟是进球的时刻，故A正确；
B、 20分钟是在太空行走的时间，故B错误；
C、40小时是工作的过程所经历的时间，故C错误；
D、 68.5小时是飞船飞行的时间、故D错误；
故选A。
【点睛】理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点。
2.自由下落的物体，自起点开始依次下落三段相等的时间的位移比是（）
A.1∶3∶5B.1∶4∶9C.1∶
∶
D.1∶（
）∶（
）
【答案】D
【解析】
【详解】根据自由落体运动的位移公式h＝
gt2，有：
x＝
gt12；2x=
gt22；3x＝
gt32，解得t1：
t2：
t3＝1：
：
；故自起点开始依次下落三段相等位移所用时间的比是t1：
（t2-t1）：
（t3-t2）=1：
（
-1）：
（
-
）；故选D。
【点睛】本题关键是根据自由落体的位移时间关系公式列式求解，也可以根据初速度为零的匀加速直线运动的规律直接求解．
3.一列火车从上海开往北京，下列叙述中，表示时间的是（）
A.早上6时10分从上海发车
B.列车预计在18时11分到达北京
C.列车在9时45分到达途中南京站
D.列车在南京站停车10分钟
【答案】D
【解析】
试题分析：
时刻是指某一瞬间，在时间轴上用点表示，对应的是位置、速度、动量等状态量；时间间隔是两个时间点之间的部分，也就是通常人们所说的时间的长短。
早6时10分，列车从上海站出发，6时10分指时刻，故A错误；列车预计在18时11分到达北京，18时11分指时刻，故B错误；列车在9时45分到达南京站，9时45分指时刻，故C错误；列车在南京站停车10分钟，10分钟指时间间隔，故D正确。
考点：
时刻和时间间隔
4.汽车刹车的运动可视为匀减速直线运动，假设从刹车到停止运动所需时间为10s，那么运动中的第7s内的位移大小和最后3s内位移大小的比值为（）
A.5∶3B.7∶9C.3∶7D.7∶8
【答案】B
【解析】
【详解】采用逆向思维，知汽车做反向的初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a，则最后3s内的位移大小
，第7s内的位移等于最后4s内的位移减去最后3s内的位移，
，则x1:
x2＝7:
9；故选B.
【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，并能灵活运用，本题运用逆向思维解决比较简捷．
5.下列语句中加点部分描绘的运动情景，可以选取山为参考系的是（）
A.两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山
B.小小竹排江中游，巍巍青山两岸走
C.满眼风波多闪灼，看山恰似走来迎
D.两岸青山相对出，孤帆一片日边来
【答案】A
【解析】
试题分析：
“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山“是以“万重山“为参考系的，A正确；“巍巍青山两岸走”是以竹排为参考系的，选项B错误；看山恰似走来迎，意思是说山在向船运动，所以选择的参考系为船，C错误；两岸青山相对出，孤帆一片日边来，是以太阳为参考系的，D错误。
考点：
参考系
【名师点睛】①参考系是为了描述物体的运动而人为选定作为参照的物体，参考系可以是不动的，也可以是变速运动的物体。
②参考系的选择是任意的，但应以观察方便和使运动的描述尽可能简单为原则，研究地面上物体的运动常选择地面为参考系。
③对同一个物体的运动，所选择的参照物不同，对它的运动的描述就会不同。
运动是绝对的，静止是相对的。
6.如图所示，物体A、B、C叠放在水平桌面上，水平力Ｆ作用于C物体，使A、B、C以共同速度向右匀速运动，且三者相对静止，下面关于摩擦力的说法正确的是：
（ ）
A、A不受摩擦力作用 B、B不受摩擦力作用
C、C不受摩擦力作用D、以A、B、C为整体，整体受到的摩擦力为零
【答案】B
【解析】
试题分析：
有运动状态判断摩擦力的有无，由整体法据二力平衡判断A与地面间的摩擦力，再用隔离法结合二力平衡或假设法判断A与C、A与B间的摩擦力的有无。
AD、以A、B、C为整体，由于匀速运动，据二力平衡可知：
地面对A物体的摩擦力必与F等大反向；错误
B、假设B受摩擦力则B的合外力不为零，不会做匀速直线运动，则B不受摩擦力；正确
C、以C为研究对象由C匀速运动，据二力平衡A对C的摩擦力一定与F等大反向；错误
故选B
考点：
摩擦力有无的判断
点评：
中等难度。
静摩擦力的方向除利用定义判断之外，通常还用假设法或根据物体运动状态判断。
7.下列关于超重和失重的说法中，正确的是（）
A.物体处于超重状态时，其重力增加了
B.物体处于完全失重状态时，其重力为零
C.物体处于超重或失重状态时，其惯性比物体处于静止状态时增加或减小了
D.物体处于超重或失重状态时，其质量及受到的重力都没有变化
【答案】D
【解析】
重力
与质量和重力加速度有关，而质量是物体的固有属性，不会改变；同一位置处的重力加速度不会改变所以物体的重力不会因为超重和失重而发生变化，故D正确；
综上所述本题答案是：
D
8.为了测定木块和竖直墙壁之间的滑动摩擦因数，某同学设计了一个实验：
用一根弹簧将木块压在墙上，同时在木块下方有一个拉力F2作用，使木块恰好匀速向下运动（弹簧随木块一起向下运动），如下图所示．现分别测出了弹簧的弹力F1、拉力F2和木块的重力G，则动摩擦因数μ应等于（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
试题分析：
木块恰好匀速向下运动，说明木块受力平衡，则有；f=G+F2；f=μF1，解得：
故选A．
考点：
物体的平衡
【名师点睛】本题主要考查了平衡条件及滑动摩擦力的公式，难度不大，属于基础题。
9.如图所示，用细线相连的质量分别为2m、m的小球a、b在拉力F作用下，处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角为θ＝30°，则拉力F的最小值为（ ）
A.
mgB.
mgC.
mgD.
mg
【答案】D
【解析】
以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时整体的受力图，如图所示：
根据平衡条件得知：
F与FT的合力与重力3mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子Oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为：
Fmin＝3mgsinθ＝
mg，故D正确，ABC错误。
10.关于弹簧的劲度系数，下列说法中正确的是（ ）
A.与弹簧受的拉力有关
B.与弹簧发生的形变有关
C.由弹簧本身决定，与弹簧所受的拉力大小及形变程度无关
D.与弹簧本身特征、所受拉力大小、形变的大小都有关
【答案】C
【解析】
【详解】弹簧的劲度系数表示弹簧的软硬程度，它的数值与弹簧的材料，弹簧丝的粗细，弹簧圈的直径，单位长度的匝数及弹簧的原长有关。
在其他条件一定时弹簧越长，单位长度的匝数越多，k值越小，与弹簧所受拉力及形变大小无关，故C正确，ABD错误。
二、多选题（共4小题,每小题4.0分,共16分）
11.如图所示，水平地面上固定着总长为L的斜面，一小物块（可视为质点）从斜面顶端O点由静止开始下滑，到达斜面底端的B点时速度大小为v，所用时间为t；若小物块到达斜面上某一点A时速度大小为
v，OA距离为LA，由O到A的时间为tA.下列说法正确的是（ ）
A.LA＝
B.LA＝
C.tA＝
D.tA＝
【答案】BC
【解析】
【详解】根据匀加速直线运动位移速度公式得：
v2-0=2aL，
，联立可得：
，故A错误，B正确；根据速度和时间关系可得：
v=at，
，联立可得：
，故BC正确，AD错误。
12.（多选）某质点的速度图象如图所示，则下列说法中正确的是（ ）
A.在0～6s内，质点做匀变速直线运动
B.在6～14s内，质点位移是24m
C.在10～14s内，质点加速度方向与速度方向相反
D.在t＝2s末，质点的速度为3m/s
【答案】BCD
【解析】
试题分析：
据题意，从图像可知，质点在0-4s向正方向做匀加速直线运动，加速度为11.5m/s2，4-6s向正方向做匀减速直线运动，加速度为1m/s2，故A选项错误；6-14s内位移等于该段时间内图像与时间轴围成的面积大小，即为24m，故B选项正确；10-14s内质点做匀减速直线运动，则加速度方向与速度方向相反，故C选项正确；在2s时刻的速度为：
，故D选项正确。
考点：
本题考查对速度-时间图像的理解。
13.如图所示，物体A在力F作用下被夹在竖直墙与隔板B之间而处于静止状态，若将力F增大了2倍，则（）
A.物体A所受压力增大为原来的2倍
B.物体A所受压力增大为原来的3倍
C.物体A所受摩擦力保持不变
D.因不知物体A与墙，物体A与隔板间的动摩擦因数，因而不能确定物体A所受摩擦力的大小
【答案】BC
【解析】
物体A在竖直方向上受到重力和静摩擦力作用，并且在竖直方向上静止，所以静摩擦大小等于重力，当若将力F增大了2倍，物体在竖直方向上的状态不变，所以静摩擦力保持不变，
思路分析：
物体A所受的摩擦力为静摩擦力，其大小总与物体A的重力相等，与正压力无关.
试题点评：
本题考查了静摩擦力和其正压力的关系，静摩擦力与正压力无关，
14.如图所示，轻弹簧下端固定在水平面上，一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落，接触弹簧后把弹簧压缩到一定程度后停止下落．在小球下落的这一全过程中，下列说法中正确的是（ ）
A.小球刚接触弹簧瞬间速度最大
B.从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上
C.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小
D.从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大
【答案】A
【解析】
试题分析：
小球刚接触弹簧瞬间具有向下的速度，开始压缩弹簧时，重力大于弹力，合力竖直向下，加速度方向竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，故刚接触弹簧瞬间小球的速度不是最大，故A错误；当小球所受的弹力等于重力时，此时物体的加速度为零，速度达到最大；以后小球继续下落压缩弹簧时，小球所受的弹力大于重力，合力竖直向上，加速度竖直向上，与速度方向相反，小球开始做减速运动，最后停止．从小球接触弹簧到到达最低点，加速度方向先向下后向上，且加速度先减小后增大，小球的速度先增大后减小，故BCD正确，A错误，故选A.
考点：
牛顿第二定律的应用.
三、实验题（共2小题,共16分
15.某同学测定匀变速直线运动的加速度时，得到在不同拉力作用下的A、B、C三条较为理想的纸带，并在纸带上每5个点取一个计数点，即相邻两计数点间的时间间隔为0.1s，将每条纸带上的计数点都记为0、1、2、3、4、5…．如图所示的甲、乙、丙三段纸带，是从A、B、C三条不同纸带上撕下的（纸带上测量数据的单位是cm）．
（1）在甲、乙、丙三段纸带中，属于从A纸带撕下的是_____；
（2）打A纸带时，物体的加速度大小是_____m/s2（保留两位小数）；
（3）打点计时器打计数点1时小车的速度为_____m/s（保留两位小数）．
【答案】
（1）.甲
（2）.2.51（3）.0.43
【解析】
（1）根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：
x34-x23=x23-x12=x12-x01，因此x34=2（2x12-x01）-x12=10.53cm，所以属于纸带A的是甲图．
（2）根据运动学公式△x=aT2得：
（3）利用匀变速直线运动的推论
16.某同学用图示的装置来验证加速度和质量成反比，在自制的双层架子上固定平板玻璃，架子放在水平桌面上，连接小车的细绳跨过定滑轮与小桶相连，实验步骤如下：
①在两个小桶中装入适量细沙，并使两桶质量（含沙子）相同
②两车紧靠架子左边的挡板，在乙车上放一个砝码，同时释放两车，当车运动一段时间后，用手机对整个装置进行拍照，在照片上，通过装置上的刻度尺，测出甲、乙两车运动的距离s1、s2，
③在乙车上逐渐增加砝码个数，重复步骤②
（1）本实验的原理是通过验证小车发生的位移与小车的质量成________，来验证合外力一定时加速度与质量成反比；
（2）实验前，该同学将装置的左端适当垫高了一些，目的是________；实验过程中________车（填“甲”或“乙”）受到的拉力更接近沙桶（含沙子）的重力．
（3）若该同学以
为横坐标，以乙车（含砝码）的质量m为纵坐标，作出的图线是直线，该直线的斜率为________的质量（填“甲车”、“乙车”（含砝码）或“沙桶”（含沙子））．
【答案】
（1）.反比
（2）.平衡摩擦力乙（3）.甲车
【解析】
试题分析:
（1）由牛顿第二定律：
，小车受到拉力相同时，加速度与质量成反比，而位移与加速度成正比；
（2）将装置的左端适当垫高了一些，目的是平衡摩擦力；由于乙车增加了砝码，故车的质量比沙的质量要大很多；
（3）由于小车发生的位移与小车的质量成反比，即：
，可知：
，故斜率为甲车质量。
考点:
探究加速度与质量、力的关系。
四、计算题
17.某一做直线运动的物体的v-t图象如图所示，根据图象求：
（1）前4s内物体距出发点的最大距离；
（2）前4s内物体的位移；
（3）前4s内通过的路程
【答案】
（1）6m；
（2）5m；（3）7m
【解析】
试题分析：
（1）最远距离
，
（2）前4s位移
（3）前4内通过路程
考点：
本题考查v-t图象在匀变速直线运动中的应用。
18.一支长150m的队伍匀速前进，通信兵从队尾前进300m后赶到队首，传达命令后立即返回，当通信兵回到队尾时，队伍已前进了200m，则在此全过程中，通信兵的位移大小是多少，通过的路程是多少？
【答案】位移为200m，路程为400m
【解析】
解：
人到队前时，队伍前进的距离为S1=300m﹣150m=150m；
人到队尾时，队伍前进的距离是S2=200m﹣150m=50m；
所以人向后跑了S3=150m﹣50m=100m，
因此这个过程中通信兵的路程为向前300m+向后100m=400m．
这个过程中通讯兵的位移大小是队伍前进的距离即200m，
答：
位移为200m，路程为400m．
【点评】本题考查位移和路程的计算，关键是计算向前的距离和向后的距离，难点是知道向前的时候人和队伍前进方向相同，向后的时候人和队伍前进方向相反．
19.如图所示，一质量为1kg、横截面为直角三角形的物块ABC，∠ABC=30°，物块BC边紧靠光滑竖直墙面，用一推力垂直作用在AB边上使物体处于静止状态，则推力F及物块受墙的弹力各为多大？
（g=10m/s2）
【答案】20N；10
N
【解析】
物体静止，受力平衡；先对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式求解．
物块受重力G、推力F和墙的弹力FN作用，如图所示，由平衡条件知，F和FN的合力与重力等大反向．
故有
.
20.如图所示，水平面上有一块木板，质量M＝4.0kg，它与水平面间的动摩擦因数μ1＝0.10.在木板的最左端有一个小滑块（可视为质点），质量m＝2.0kg.小滑块与木板之间的动摩擦因数μ2＝0.50.开始时它们都处于静止状态．某时刻起对小滑块施加一个水平向右的恒力F＝18N，此后小滑块将相对木板滑动，1.0s后撤去该力．
（1）求小滑块在木板上滑行时，木板加速度a的大小；
（2）若要使小滑块不离开木板，求木板的长度L应满足的条件．
【答案】
（1）1m/s2；
（2）L≥2.25m
【解析】
【详解】
（1）小滑块在木板上滑行时，先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动．小滑块受到的木板的摩擦力Ff1＝μ2FN1＝μmg＝10N；
根据牛顿第三定律：
木板受到的小滑块摩擦力的大小Ff1′＝μ2mg＝10N；
木板受到的小滑块压力的大小FN1′＝FN1＝20N
木板受到地面的摩擦力Ff2＝μ1（Mg＋FN1）＝6N；
在拉力F的作用下，滑块做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，木板的加速度
。
（2）小滑块的加速度a1＝
m/s2＝4m/s2；
撤去拉力F时，滑块的速度v1＝a1t1＝4.0m/s；
滑块运动的距离x1＝
a1t12＝2.0m
撤去拉力后，滑块做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律，滑块的加速度：
若滑块没有滑出木板，滑块与木板达到共同速度，设该速度为v2，则这段时间内v2＝v1＋a2t2
在（t1＋t2）时间内，木板做匀加速直线运动，则有：
v2＝a（t1＋t2）
t2＝0.5s
v2＝1.5m/s；
小滑块前进的位移x2＝
＝1.375m；
木板运动的位移x＝
a（t1＋t2）2＝1.125m
则滑块相对木板运动的距离d＝x1＋x2－x＝2.25m
所以要使小滑块不离开木板，木板长度L应满足L≥d，即L≥2.25m
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