112性状分离比的模拟实验及分离定律的应用课后分层检测案.docx
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112性状分离比的模拟实验及分离定律的应用课后分层检测案
课后分层检测案2 性状分离比的模拟实验及分离定律的应用
【合格考全员做】
1．下图甲、乙两个箱子中，放置了两种相同颜色的小球。
若用此装置表示性状分离比的模拟实验，下列分析不正确的是（ ）
A．甲、乙两个箱子可分别表示雌、雄生殖器官，小球代表雌、雄配子
B．从箱子中抓取小球随机组合的过程模拟了雌、雄配子的随机结合
C．甲、乙两个箱子中两种颜色的小球数目之比均为1：
1，且两箱子中小球总数一定要相等
D．每次抓取的彩球一定要放回原桶中
解析：
甲、乙两个箱子可分别表示雌、雄生殖器官，小球代表雌、雄配子，A正确；从箱子中抓取小球随机组合的过程模拟了雌、雄配子的随机结合，B正确；甲、乙两个箱子中两种颜色的小球数目之比均为1：
1，但是两个箱子中小球总数不一定要相等，C错误；每次抓取的彩球一定要放回原桶中，以保证小球被再次抓取的概率均等，D正确。
答案：
C
2．下列不是孟德尔进行测交实验目的的是（ ）
A．检测F1的遗传因子组成
B．验证孟德尔所提假说的正确性
C．验证孟德尔的分离定律
D．检测亲本的遗传因子组成
解析：
孟德尔进行的测交实验是让F1与隐性纯合子杂交，以测定F1的遗传因子组成，A正确、D错误；孟德尔设计测交实验的主要目的是验证其所提假说的正确性，从而验证了分离定律，B、C正确。
答案：
D
3．水稻的非糯性对糯性是显性性状，将纯合子糯性品种与纯合子非糯性品种杂交得到F1，让F1自交得到F2。
取F2植株的花粉用碘液染色，已知非糯性花粉遇碘液呈蓝黑色，糯性花粉遇碘液呈橙红色。
在显微镜下统计这两种花粉的数量，非糯性花粉与糯性花粉的数量比应是（ ）
A．1：
1B．1：
2
C．2：
1D．3：
1
解析：
设非糯性由遗传因子W控制，糯性由遗传因子w控制，则亲本组合为非糯性（WW）×糯性（ww），F1为Ww，表现为非糯性，F1自交得F2，F2为1/4WW、1/2Ww和1/4ww，故F2植株的花粉中，非糯性花粉W占（1/4）＋（1/2）×（1/2）＝1/2，糯性花粉w占（1/2）×（1/2）＋（1/4）＝1/2，所以F2植株中，非糯性花粉与糯性花粉的数量比应是1：
1。
答案：
A
4．金鱼躯体的透明程度受一对遗传因子控制，完全透明与不透明的金鱼杂交，F1都表现为半透明。
让F1与完全透明的金鱼杂交，后代表现型为（ ）
A．半透明B．完全透明和半透明
C．完全透明D．完全透明和不透明
解析：
假设决定不透明的遗传因子为A，决定透明的遗传因子为a，根据题意，不透明金鱼（AA）和透明金鱼（aa）杂交，F1（Aa）都表现为半透明。
让F1与完全透明的金鱼杂交，即Aa×aa→1Aa（半透明金鱼）1aa（完全透明金鱼）。
假设决定不透明和透明的遗传因子为a和A，得到的结论相同。
答案：
B
5．孟德尔验证“分离定律”假说的证据是（ ）
A．亲本产生配子时，成对的遗传因子发生分离
B．杂合子自交产生3：
1的性状分离比
C．受精时，雌雄配子的结合是随机的
D．杂合子与隐性亲本杂交，两种后代的数量比是1：
1
解析：
测交实验是验证“分离定律”假说的方法，D正确。
答案：
D
6．在孟德尔进行的一对相对性状的遗传实验中，具有1：
1比例的是（ ）
①F1产生配子的分离比 ②F2性状分离比 ③F1测交后代性状分离比 ④亲本杂交后代性状分离比 ⑤F2测交后代性状分离比
A．①②B．③④
C．②③⑤D．①③
解析：
F1产生2种配子，比例为1：
1，①正确；F2性状分离比为3：
1，②错误；F1测交后代性状分离比为1：
1，③正确；亲本杂交后代无性状分离，④错误；F2中既有显性个体又有隐性个体，不符合测交的含义，不能称为测交，⑤错误。
答案：
D
7．孟德尔在探索遗传规律时，运用了“假说—演绎法”，下列相关叙述中，不正确的是（ ）
A．“一对相对性状的遗传实验和结果”属于假说的内容
B．“测交实验”是对推理过程及结果的检验
C．“生物性状是由遗传因子决定的”“体细胞中遗传因子成对存在”“配子中遗传因子成单存在”“受精时雌雄配子随机结合”属于假说内容
D．“F1（Dd）能产生数量相等的两种配子（D：
d＝1：
1）”属于推理内容
解析：
孟德尔通过豌豆一对相对性状的杂交实验，在观察和数学统计分析的基础上，发现了F2中高茎豌豆与矮茎豌豆的分离比为3：
1，从而提出“该分离比出现的原因是什么”这一问题；通过推理和想象，提出“生物性状是由遗传因子决定的”“体细胞中遗传因子成对存在”“配子中遗传因子成单存在”“受精时雌雄配子随机结合”等假说；根据这些假说，推出F1（高茎）的遗传因子组成及其产生配子的类型，进一步推出F2中各种豌豆的遗传因子组成及其比例，最后通过巧妙地设计“测交实验”检验演绎推理的结论。
选项A属于问题和现象，是事实而不是假说。
答案：
A
8．家蚕幼体体色的黑色（A）与淡赤色（a）是一对相对性状。
在某杂交实验中，后代有50%的幼体体色为黑色，则其亲本的遗传因子组成是（ ）
A．Aa×aaB．AA×Aa
C．Aa×AaD．AA×aa
解析：
已知家蚕幼体体色的黑色（A）与淡赤色（a）是一对相对性状，遵循基因的分离定律。
Aa×aa，后代Aa：
aa＝1：
1，黑色的概率为50%，A正确；AA×Aa，后代全部是黑色，B错误；Aa×Aa，后代黑色的概率是75%，C错误；AA×aa，后代全部是黑色，D错误。
答案：
A
9．番茄中红果、黄果是一对相对性状，D控制显性性状，d控制隐性性状。
根据遗传图解回答下列问题：
（1）红果、黄果中显性性状是________，做出这一判断是根据哪一过程？
________________________________________________________________________。
（2）P中红果的遗传因子组成是________，F1中红果的遗传因子组成是________，F2的红果中遗传因子组成及比例是________。
（3）P的两个个体的杂交相当于________。
（4）F1黄果植株自交后代的性状是________，遗传因子组成是________，原因是________________________________________________________________________。
（5）如果需要得到纯种的红果番茄，你将怎样做？
________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
（6）F2自交得F3，F3中能稳定遗传的红果所占比例是________。
解析：
（1）根据F1红果自交后代出现性状分离可确定红果对黄果为显性。
（2）P中红果与黄果杂交产生后代中有红果与黄果两种性状，说明P中红果是杂合子Dd；F1中红果由配子D与d结合而成，其自交后代中DD：
Dd＝1：
2。
（3）杂合子P红果与隐性纯合子P黄果杂交，相当于测交。
（4）F1黄果植株为隐性纯合子，其遗传因子组成是dd，由于只能产生一种配子，自交后代不会出现性状分离。
（5）红果有DD与Dd两种可能的遗传因子组成，DD自交后仍为DD；Dd自交后能产生DD、Dd、dd三种组成，其中dd表现黄果性状被淘汰，因此让红果植株连续多代自交后纯合子DD比例升高。
（6）F2中红果所占比例为1/2×3/4＝3/8，红果中1/3DD能稳定遗传，2/3Dd的子代中DD占1/4，故F3中纯合子红果占3/8×（1/3＋2/3×1/4）＝3/16。
答案：
（1）红果 F1红果自交出现性状分离
（2）Dd Dd DD：
Dd＝1：
2 （3）测交 （4）黄果 dd 黄果为隐性性状，只产生一种配子 （5）让红果植株连续多代自交 （6）3/16
【等级考选学做】
10．豌豆种群杂合子（Aa）作为亲本，连续自交，每代除去隐性个体，得到的F3中纯合子所占比例为（ ）
A．3/4B．9/16
C．2/5D．7/9
解析：
具有一对等位基因的杂合子，其遗传因子组成为Aa，逐代自交3次，在F3中纯合子比例为1－（1/2）3＝7/8，杂合子的比例为（1/2）3＝1/8。
又因为F3中显性纯合子＝隐性纯合子＝（1/2）×（7/8）＝7/16。
虽然每一代都除去隐性个体，但是在计算时可以等同于第三代一同除去隐性个体，也就是在F3中AA＝7/16，Aa＝1/8，所以纯合子所占的比例是7/9。
答案：
D
11．雌蜂（蜂王和工蜂）由受精卵发育而来，雄蜂由未受精的卵细胞发育而来。
蜜蜂的体色中，褐色对黑色为显性，符合分离定律。
现有褐色雄蜂与纯合黑色雌蜂杂交，则子一代蜜蜂的体色为（ ）
A．全部是褐色
B．褐色与黑色的比例为3：
1
C．蜂王和工蜂都是褐色，雄蜂都是黑色
D．蜂王和工蜂都是黑色，雄蜂都是褐色
解析：
设褐色遗传因子为A，黑色遗传因子为a。
则遗传图解可表示如下：
由题意可知，蜂王和工蜂为雌蜂，子一代雌蜂的体色都为褐色，雄蜂的体色都是黑色。
答案：
C
12．萝卜的花有白、红、紫三种颜色，该性状由遗传因子R、r控制。
下表为三组不同类型植株之间的杂交结果。
下列相关叙述中，不正确的是（ ）
组别
亲本
子代性状表现及数量
一
紫花×白花
紫花428，白花415
二
紫花×红花
紫花413，红花406
三
紫花×紫花
红花198，紫花396，白花202
A.白花、紫花、红花植株的遗传因子组成分别是rr、Rr、RR
B．白花植株自交的后代均开白花，红花植株自交的后代均开红花
C．白花植株与红花植株杂交所得的子代中，既没有红花也没有白花
D．可用紫花植株与白花植株或红花植株杂交验证基因的分离定律
解析：
该对遗传因子控制的性状有三种，且由组别三可知，紫花植株与紫花植株的杂交子代的性状分离比为红花紫花白花≈121，说明R对r为不完全显性，且紫花植株的遗传因子组成为Rr，但根据三组杂交实验的结果均不能判断出白花植株和红花植株的遗传因子组成分别是rr、RR，还是RR、rr，A错误。
白花植株与红花植株均为纯合子，二者分别自交，其子代都不会出现性状分离，二者杂交，则其子代都开紫花，B、C正确。
杂交组合Rr×rr和Rr×RR的子代中各有两种不同的表现型，且比例均为11，故都可用来验证基因的分离定律，D正确。
答案：
A
13．如图为山羊的毛色遗传图解（相关遗传因子用A和a表示），下列相关叙述中，错误的是（ ）
A．白色对黑色为显性
B．图中黑色山羊均为纯合子
C．4和5再生一个白色雄性山羊的概率为3/4
D．7为纯合子的概率为1/3
解析：
因为4和5都是白色个体，但它们生有一个黑色的后代6，故白色对黑色为显性，A正确。
因为黑色为隐性，所以凡是黑色个体均为隐性纯合子，遗传因子组成是aa，B正确。
因为4和5均为显性个体，所以它们都有一个显性遗传因子A，又因为它们生有黑色后代，所以另一个遗传因子都是a，故4和5的遗传因子组成都是Aa，所以它们再生育一个白色后代（A_）的概率为3/4，这些后代中雌雄各占一半，故4和5再生一个白色雄性山羊的概率＝3/4×1/2＝3/8，C错误。
因为4和5遗传因子组成都是Aa，故白色个体7的遗传因子组成及比例分别是1/3AA和2/3Aa，D正确。
答案：
C
14．在一些性状遗传中，具有某种遗传因子组成的合子不能完成胚胎发育，导致后代中不存在该遗传因子组成的个体，从而使性状的分离比发生变化，小鼠毛色的遗传就是一个例子。
一个研究小组经大量重复实验，在小鼠毛色遗传的研究中发现：
A．黑色鼠与黑色鼠杂交，后代全部为黑色鼠
B．黄色鼠与黄色鼠杂交，后代黄色鼠与黑色鼠的数量比为2：
1
C．黄色鼠与黑色鼠杂交，后代黄色鼠与黑色鼠的数量比为1：
1
根据上述实验结果，回答下列问题（控制毛色的显性遗传因子用A表示，隐性遗传因子用a表示）：
（1）黄色鼠的遗传因子组成是________，黑色鼠的遗传因子组成是________。
（2）推测不能完成胚胎发育的合子的遗传因子组成是________。
（3）写出上述B、C两个杂交组合的遗传图解。
解析：
根据B组中黄色鼠的后代出现黑色鼠可知，B组亲本黄色个体为杂合子（Aa），且黄色对黑色为显性，黑色个体都是隐性纯合子（aa）。
由B组亲本黄色个体为杂合子（Aa）可知，其后代的遗传因子组成为1AA（黄色）2Aa（黄色）1aa（黑色），AA个体在胚胎发育过程中死亡，则存活的黄色鼠遗传因子组成为Aa。
答案：
（1）Aa aa
（2）AA （3）如下图
15．玉米的甜味和非甜味为一对相对性状。
有人将纯合甜味和纯合非甜味玉米间行种植，如图所示，且雌蕊接受同株和异株花粉的机会相等，请回答以下问题：
（1）请通过分析各行玉米的种子性状，判断甜味和非甜味的显隐性关系：
①若A、C行的植株种子是________，B、D行的植株种子是________，则甜味是显性。
②若A、C行的植株种子是________，B、D行的植株种子是________，则非甜味是显性。
（2）若非甜味是显性，现将B行植株的种子发育成的新个体（F1）进行随机交配，则所得种子的甜味与非甜味比例是________。
解析：
（1）因为纯合甜味和纯合非甜味玉米间行种植，它们之间既有同株异花传粉，也有异株杂交。
因此①若A、C行的植株种子是甜味，而B、D行的植株种子是甜味和非甜味，则甜味是显性。
②若A、C行的植株种子是甜味和非甜味，B、D行的植株种子是非甜味，则非甜味是显性。
（2）若非甜味是显性，则B行植株的种子基因型为AA和Aa，又因为雌蕊接受同株和异株花粉的机会相等，因此AA：
Aa＝1：
1，A的基因频率为3/4，a的基因频率为1/4。
现将B行植株的种子发育成的新个体（F1）进行随机交配，则所得种子中甜味所占比例为1/4×1/4＝1/16，因此，非甜味所占比例15/16，所得种子的甜味与非甜味比例1：
15。
答案：
（1）①甜味 甜味和非甜味 ②甜味和非甜味 非甜味
（2）1：
15
【素养达成练】
16．某学校生物小组在一块较为封闭的低洼地里发现了一些野生植株，这些植株的花色有红色和白色两种，茎秆有绿茎和紫茎两种。
同学们分两组对该植物的花色、茎色进行遗传方式的探究。
请根据实验结果进行分析。
（1）从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为________，最可靠的判断依据是________组。
（2）若任取B组的一株亲本红花植株使其自交，其子一代表现型的情况是________________________________________________________________________。
（3）由B组可以判定，该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。
（4）从第二组茎色遗传的结果来看，隐性性状为________，判断依据是________组。
（5）如果F组正常生长繁殖的话，其子一代表现型的情况是
________________。
（6）A、B两组杂交后代没有出现3：
1或1：
1的分离比，试解释原因：
________________________________________________________________________。
解析：
（1）由A组中“红花×红花”后代出现性状分离可以判定白色为隐性性状。
依据C组不能作出判断，因为若亲代全为显性纯合子或有一方为显性纯合子，后代也会出现这种情况。
（2）B组亲本中的任意一株红花植株，可能是纯合子也可能是杂合子，因此自交后代出现的情况是全为红花或红花：
白花＝3：
1。
（3）B组中的白花个体为隐性纯合子，因此F1中5红花：
1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性遗传因子的比为显性遗传因子：
隐性遗传因子＝5：
1。
如果设显性遗传因子为R，则RR：
Rr＝2：
1。
（4）第二组的情况与第一组不同，第一组类似于群体调查结果，第二组为两亲本杂交情况，由D组可判定为测交类型，亲本一个为杂合子，一个为隐性纯合子；再根据E组可判定紫茎亲本为隐性纯合子。
（5）杂合子自交，后代将出现3：
1的性状分离比。
（6）亲本中的红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此杂交组合有多种情况（如A组可能有RR×RR、RR×Rr、Rr×Rr三种情况；B组有RR×rr、Rr×rr两种情况），所以后代不会出现一定的分离比。
答案：
（1）白色 A
（2）全为红花或红花：
白花＝3：
1
（3）2：
1 （4）紫茎 D、E （5）绿茎：
紫茎＝3：
1 （6）红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此，后代不会出现一定的分离比
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