八年级下学期期末数学题带参考答案北京市大兴区.docx
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八年级下学期期末数学题带参考答案北京市大兴区
八年级下学期期末数学题带参考答案(2021-2022年北京市大兴区)
选择题
为了加强生活垃圾管理,改善城乡环境,保障人体健康,2020年5月1日起,北京市实施《北京市生活垃圾管理条例》.下图分别是厨余垃圾,可回收物,有害垃圾,和其他垃圾的标识,其中是中心对称图形的是()
A.B.C.D.
【答案】C
【解析】
根据中心对称图形的定义“在平面内,把一个图形绕着某一点旋转,如果旋转后的图形能与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形”逐项判断即可得.
A、不是中心对称图形,此项不符题意
B、不是中心对称图形,此项不符题意
C、是中心对称图形,此项符合题意
D、不是中心对称图形,此项不符题意
故选:
C.
选择题
在平面直角坐标系中,点P(2,1)所在的象限是()
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
【答案】A
【解析】点P(2,1)在第一象限.
故选A.
选择题
关于的一元二次方程(m为常数)有实数根,则m的取值范围是()
A.B.C.≤0D.≥0
【答案】D
【解析】
根据一元二次方程根的判别式进行求解即可;
∵(m为常数)有实数根,
∴,
∴,
故选:
D.
选择题
若正比例函数的图象经过点(2,-1),则这个正比例函数的表达式为()
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】
把点(2,﹣1)代入即可求出k,进而可得答案.
解:
把点(2,﹣1)代入,得2k=﹣1,解得:
,
所以这个正比例函数的表达式为.
故选:
D.
选择题
正多边形的一个外角的度数为72°,则这个正多边形的边数为( )
A.4B.5C.6D.7
【答案】B
【解析】
正多边形的外角和是360°,且正多边形的每个外角相等,因而用360°除以外角的度数,就得到外角和中外角的个数,外角的个数就是多边形的边数.
∵正多边形的外角和是360°,
∴360÷72=5,那么它的边数是5.
故选:
B.
选择题
如图,在中,相交于点.下列结论:
①,②,③,④,⑤.正确结论的个数是()
A.5个B.4个C.3个D.2个
【答案】B
【解析】
直接根据平行四边形的性质,逐项判断即可.
解:
平行四边形的对角线互相平分,故①正确;
平行四边形的对角相等,故②正确;
平行四边形的领角互补,故③正确;
平行四边形的对角线不一定相互垂直,故④错误;
平行四边形的对边相等,故⑤正确.
故选:
B.
选择题
在一次函数y=kx+b中,已知<0,则下列的图象示意图中,正确的是()
A.B.C.D.
【答案】C
【解析】
先根据分和两种情况,再根据一次函数的图象特点即可得.
由题意,分以下两种情况:
(1)
此时一次函数与y轴的交点在y轴负半轴上,函数图象经过第一、三、四象限
则选项C符合
(2)
此时一次函数与y轴的交点在y轴正半轴上,函数图象经过第一、二、四象限
则四个选项均不符合
综上,正确的是选项C
故选:
C.
选择题
已知:
如图,正方形ABCD中,AB=2,AC,BD相交于点O,E,F分别为边BC,CD上的动点(点E,F不与线段BC,CD的端点重合)且BE=CF,连接OE,OF,EF.在点E,F运动的过程中,有下列四个结论:
①△OEF是等腰直角三角形;
②△OEF面积的最小值是;
③至少存在一个△ECF,使得△ECF的周长是;
④四边形OECF的面积是1.
所有正确结论的序号是()
A.①②③B.③④C.①②④D.①②③④
【答案】D
【解析】
证明≌,即可得出①是正确的;设BE=CF=x,则EC=2-x,其中,表达出△OEF面积,用二次函数求出最小值,进行比较即可判断②是正确的;假设存在一个△ECF,使得△ECF的周长是,求出EF的长度即可说明③是正确的;根据正方形被对角线将面积四等分,即可得出正确.
∵四边形ABCD是正方形,
,,
在和中,
,
≌,
∴OE=OF,
∴
∴
又∵OE=OF,
∴△OEF是等腰直角三角形,故①正确;
∵≌,
∴设BE=CF=x,则EC=2-x,其中
在Rt△EFC中,
在Rt△EFO中,
∴
∴
∴当x=1时△OEF的面积取得最小值,故②正确;
假设存在一个△ECF,使得△ECF的周长是;
∴
∴
∴
解得:
∴BE=CF=或BE=CF=时,△ECF的周长是,
∴至少存在一个△ECF,使得△ECF的周长是,故③正确;
∵≌,
,
故④正确;
故选:
D.
填空题
函数中,自变量x的取值范围是 ▲ .
【答案】.
【解析】
试题由已知:
x-2≠0,解得x≠2;
填空题
点P(2,-3)关于x轴对称的点P′的坐标是_________.
【答案】(2,3)
【解析】
根据“关于x轴对称的点,横坐标相同,纵坐标互为相反数”解答.
点P(2,-3)关于x轴对称的点P′的坐标是(2,3).
故答案为:
(2,3).
填空题
一元二次方程的根
【答案】0,1.
【解析】
试题移项得,因式分解得,解得.
填空题
甲、乙两名同学在射击选拔比赛中,各射击10次,平均成绩都是是7.5环,方差分别是,则在本次测试中,成绩更稳定的同学是______(填“甲”或“乙”).
【答案】甲
【解析】
根据方差的意义:
方差越大,则平均值的离散程度越大,稳定性也越小求解即可.
解:
∵,
∴.
∴在本次测试中,成绩更稳定的同学是甲,
故答案为:
甲.
填空题
若一个一次函数图象经过第一、二、三象限,且经过点(0,4),写出一个满足条件的一次函数表达式__________.
【答案】(答案不唯一)
【解析】
根据一次函数的图象与性质即可得.
设这个一次函数表达式为
一次函数图象经过第一、二、三象限,且经过点
只要即可满足
选取,则这个一次函数表达式为
将点代入得:
,即
则这个一次函数表达式为
故答案为:
(答案不唯一).
填空题
如图,□ABCD的对角线AC、BD交于点O,点E是AD的中点,△BCD的周长为18,则△DEO的周长是_______.
【答案】9.
【解析】试题分析:
解:
∵E为AD中点,四边形ABCD是平行四边形,
∴DE=AD=BC,DO=BD,AO=CO,
∴OE=CD,
∵△BCD的周长为18,
∴BD+DC+B=18,
∴△DEO的周长是DE+OE+DO=(BC+DC+BD)=×18=9,
故答案为:
9.
填空题
二次三项式的最小值是_________.
【答案】﹣8
【解析】
先把配方成的形式,然后根据非负数的性质解答即可.
解:
,
∵,
∴,
∴的最小值是﹣8.
故答案为:
﹣8.
填空题
在平面直角坐标系中,点P是直线上的动点,过点P作直线l垂直于x轴,直线l与直线相交于点Q,设点P的横坐标为m,当PQ>6时,m的取值范围是____________.
【答案】
【解析】
根据题意分别设,,令进行计算即可得解.
设,
∵PQ>6
∴
∴
∴,
故答案为:
.
解答题
已知一次函数的图象经过点(-3,5)和(5,9),求这个一次函数的表达式.
【答案】
【解析】
根据待定系数法求解一次函数解析式即可;
设一次函数的解析式为,
把点(-3,5)和(5,9)代入解析式可得,
,
解得,
故函数解析式为.
解答题
解方程:
.
【答案】,.
【解析】
找出二次项系数,一次项系数及常数项,计算出△=24>0,再将a,b,c分别代入公式即可解出.
∵,,,
∴.
∴.
∴,.
解答题
某学校初二年级进行“垃圾分类,从我做起”垃圾分类知识竞赛活动,并对测试成绩进行了分组整理,各分数段的人数如图所示(满分100分).
请观察统计图,填空并回答下列问题:
(1)这个学校初二年级共有名学生;
(2)成绩在分数段的人数最多、最集中,占全年级总人数的比值是;
(3)若从该年级随意找出一名学生,他的测试成绩在分数段的可能性最小,可能性是.
【答案】
(1)120;
(2),;(3),.
【解析】
(1)根据频数分布直方图,求出各分数段的人数之和即可;
(2)先找出各分数段的人数中的最大值,再除以总人数即可得;
(3)先找出各分数段的人数中的最小值,再除以总人数即可得.
(1)(名)
故答案为:
120;
(2)由频数分布直方图得:
成绩在分数段的人数最多、最集中,是48名学生
占全年级总人数的比值是
故答案为:
,;
(3)若从该年级随意找出一名学生,他的测试成绩在分数段的可能性最小,是6名学生
可能性是
故答案为:
,.
解答题
若m是方程x2+x-1=0的一个根,求代数式m3+2m2+2019的值.
【答案】2020.
【解析】
根据一元二次方程的解的定义,将x=m代入已知方程求得m(m+1)=1;然后将所求的代数式转化为含有m(m+1)的代数式,并代入求值即可.
解:
根据题意,得
∴,或m(m+1)=1,
∴m3+2m2+2019.
解答题
已知关于的一元二次方程有两个不相等的实数根,求的取值范围.
【答案】且.
【解析】
由关于的一元二次方程有两个不相等的实数根,根据一元二次方程的定义和根的判别式的意义可得且,即,两个不等式的公共解即为m的取值范围.
解:
“关于的一元二次方程有两个不相等的实数根,
且,即,解得,
的取值范围为且.
当且时,关于的一元二次方程有两个不相等的实数根.
故答案为:
且.
解答题
如图,平行四边形ABCD,E、F两点在对角线BD上,且BE=DF,连接AE,EC,CF,FA.求证:
四边形AECF是平行四边形.
【答案】证明见解析.
【解析】
试题分析:
根据两条对角线相互平分的四边形是平行四边形即可证明四边形AECF是平行四边形.
连接AC交BD于点O,
∵四边形ABCD为平行四边形,
∴OA=OC,OB=OD.
∵BE=DF,∴OE=OF.
∴四边形AECF为平行四边形.
解答题
如图,有一面积为150平方米的矩形花圃,花圃的一边靠墙(墙长18米),另三边用竹篱笆围成.如果竹篱笆的长为35米,求矩形花圃的长和宽各是多少米?
【答案】矩形花圃的长为15米,宽为10米.
【解析】
先分靠墙的一边为矩形花圃的长、靠墙的一边为矩形花圃的宽两种情况,再分别根据“墙长18米”、“宽小于长”求出x的取值范围,然后根据面积建立方程,求解即可得.
由题意,分以下两种情况:
(1)靠墙的一边为矩形花圃的长
设矩形花圃的长为x米,则宽为米
墙长18米,且宽小于长
解得
由矩形的面积公式得:
解得或(不符题设,舍去)
此时
则矩形花圃的长为15米,宽为10米
(2)靠墙的一边为矩形花圃的宽
设矩形花圃的长为x米,则宽为米
墙长18米,且宽小于长
解得
由矩形的面积公式得:
解得(不符题设,舍去)或(不符题设,舍去)
综上,矩形花圃的长为15米,宽为10米.
解答题
已知:
如图,在矩形ABCD中,对角线AC与BD相交于点O,过点A作AE⊥BD,垂足为点E,若∠EAC=2∠CAD,求∠BAE的度数.
【答案】∠BAE=22.5°.
【解析】
先证明△AEO是等腰直角三角形,求出∠OAB,∠OAE即可.
∵四边形ABCD是矩形,
∴AC=BD,OA=OC,OB=OD,
∴OA=OB═OC,
∴∠OAD=∠ODA,∠OAB=∠OBA,
∴∠AOE=∠OAD+∠ODA=2∠OAD,
∵∠EAC=2∠CAD,
∴∠EAO=∠AOE,
∵AE⊥BD,
∴∠AEO=90°,
∴∠AOE=45°,
∴∠OAB=∠OBA=(180°﹣45°)=67.5°,
∴∠BAE=∠OAB﹣∠OAE=22.5°
解答题
如图,已知△ABC,D是AC的中点,DE⊥AC于点D,交AB于点E,过点C作CF∥BA交ED的延长线于点F,连接CE,AF.求证:
四边形AECF是菱形.
【答案】证明过程见解析
【解析】
根据题目条件证明,先证明四边形AECF是平行四边形,再根据,即可证明四边形是菱形.
∵D是AC的中点,
∴AD=CD,
∵CF∥BA,
∴,
在△ADE和△CDF中,
,
∴,
∴AE=CF,
∵AE∥CF,
∴四边形AECF是平行四边形,
又∵,
∴四边形AECF是菱形.
解答题
如图,直线与直线相交于点M(1,m).
(1)求m,n的值;
(2)结合函数图象,直接写出不等式的解集;
(3)求两条直线与x轴围成的三角形面积.
【答案】
(1)m=5,n=1;
(2)x<1;(3)
【解析】
(1)把点M(1,m)代入直线可求出m的值,然后再把点M代入直线即可求出n的值;
(2)不等式的解集即为直线在直线下方的部分对应的x的取值范围,据此解答即可;
(3)先求出两直线与x轴的交点坐标,再根据三角形的面积公式解答.
解:
(1)∵点M(1,m)在直线上,
∴m=2+3=5,
把点M(1,5)代入中,得5=n+4,解得:
n=1,
∴m=5,n=1;
(2)由图象可得:
不等式的解集是x<1;
(3)对直线,当y=0时,2x+3=0,解得:
,
∴直线与x轴交点B的坐标是(,0),如图,
对直线,当y=0时,x+4=0,解得:
,
∴直线与x轴交点A的坐标是(,0),
∴,
∴两条直线与x轴围成的△MAB的面积=.
解答题
为鼓励居民节约用水,某市自来水公司采取分段收费标准,下图反映的是每月收取水费y(元)与用水量x(吨)之间的函数关系.
(1)当月用水量时,收费标准是______元/吨;
(2)小华家五月份用水16吨,应交水费多少元?
(3)按上述分段收费标准,某居民家三、四月份分别交水费81元和56元,问四月份比三月份节约用水多少吨?
【答案】
(1)4;
(2)67元;(3)14吨.
【解析】
(1)根据函数图象中的数据,可以计算出当月用水量x≤l5时,收费标准是每吨的价格;
(2)根据函数图象中的数据,可以求得当x>15时对应的函数解析式,从而可以得到小华家五月份用水16吨,应交水费;
(3)根据题意,可以分别求得三、四月份的用水数量,然后作差,即可得到四月份比三月份节约用水的吨数.
解:
(1)当月用水量x≤l5时,收费标准是60÷15=4(元/吨),
故答案为:
4;
(2)当x>15时,设y与x的函数关系式为y=kx+b,
当x=15时,y=60,当x=30时,y=165,
将它们分别代入y=kx+b中得:
解得:
,
那么y与x的函数关系式为:
y=7x﹣45,
当x=16时,,
∴小华家五月份用水16吨,应交水费67元;
(3)当y=81时,81=7x-45,得x=18,
∴三月份用水18吨,
四月份用水56÷4=14(吨),
∴四月份比三月份节约用水:
18-14=4(吨),
答:
四月份比三月份节约用水14吨.
解答题
已知:
是等边三角形,点D在射线BC上,连接AD,将线段AD绕点A逆时针旋转得到线段AE,连接EC,作EF//BC交直线AB于点F.
(1)当点D在线段BC上时,如图1,
①依据题意,补全图1;
②猜想线段AB,AF,BD的数量关系,并证明;
(2)当点D在线段BC的延长线上时,直接写出线段AB,AF,BD的数量关系.
【答案】
(1)①图见解析;②,证明见解析;
(2),证明见解析.
【解析】
(1)①先根据旋转的定义画出AE,再连接EC,然后过点E作,交AB于点F即可;
②先根据旋转的性质可得,再根据等边三角形的性质可得,然后根据三角形的外角性质、角的和差可得,又根据平行线的性质、等量代换可得,最后根据三角形全等的判定定理与性质可得,据此根据线段的和差、等量代换即可得;
(2)依据题意,先画出图形,根据旋转的性质可得,再根据等边三角形的性质可得,又根据邻补角的定义、平行线的性质可得,然后根据角的和差、三角形的内角和定理可得,从而可得,最后根据三角形全等的判定定理与性质可得,据此根据线段的和差、等量代换即可得.
(1)①先根据旋转的定义画出AE,再连接EC,然后过点E作,交AB于点F,画图结果如图1所示:
②,证明如下:
由旋转的性质得:
是等边三角形
又
在和中,
即;
(2),证明如下:
如图2,由旋转的性质得:
是等边三角形
,
又,即
在和中,
即.