江苏省姜堰区届九年级上学期期末考试物理试题解析版.docx
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江苏省姜堰区届九年级上学期期末考试物理试题解析版
2017－2018学年度第一学期期末考试九年级物理试题
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）
1.下列单位中与电功率单位不相符的是
A.瓦特B.焦耳/秒C.千瓦•时D.伏特•安培
【答案】C
【解析】在物理学中，瓦特是电功率的基本单位，故A不符合题意；焦耳是电能的单位，秒是时间的单位，故焦耳/秒也是瓦特，故B不符合题意；千瓦是电功率的单位，时是时间的单位，故千瓦•时是电能的单位，故C符合题意；伏特是电压的单位，安培是电流的单位，故伏特•安培也是瓦特，故D不符合题意，故选C。
2.下列生活中的物理数据最接近实际的是
A.中学生正常上楼的功率约为100W
B.把2个鸡蛋匀速举高1m做功20J
C.普通日光灯正常工作电流约1.5A
D.不高于220V的电压对人体是安全的
【答案】A
【解析】中学生的平均体重约是500N，每层楼的高度约是3m，从一楼到三楼的高度约为6m，若爬楼的时间大约为30s，由功率的公式P=W/tGh/t知道，他爬楼的功率约为100W，故A符合实际；托起2个鸡蛋的力为1N，匀速举高1m时，做的功是W=Fs=1N×1m=1J，故B不符合实际；普通日光灯的额定功率为40W，正常工作电流约为I=P/U=40W/220V≈0.18A，故C不符合实际；只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故D不符合实际，故选A。
3.小明利用电能表测量某个家用电器的电功率，当电路中只有这个用电器连续工作时，测得在30min内，消耗的电能为0.6kW•h，那么这个用电器是
A.液晶电视机B.台式计算机C.家用空调D.电冰箱
【答案】C
【解析】根据题意知道，这一个用电器的功率是：
P=W/t=0.6kW•h/0.5h=1.2kW=1200W，而液晶电视机的电功率约为100W，台式计算机的电功率约为200W，空调的电功率约为1000W，电冰箱的功率约为100W，所以只有家用空调符合题意，故选C。
4.如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，电流表、灯泡L1和L2均能正常工作。
则下列说法正确的是
A.开关S1闭合，S2断开，电源外部电流流向为a→b→c→d
B.开关S1、S2都闭合，灯泡L1和L2并联
C.开关S1、S2都闭合，通过灯泡L1的电流一定大于通过灯泡L2的电流
D.闭合S1、S2中任意一个开关，都会有灯泡发光
【答案】B
【解析】试题分析：
由电路图可知，开关S1闭合，S2断开，电源外部电流流向为d→c→b→a，故A错误；由电路图可知，闭合开关S1和S2，L1与L2首首相连、尾尾相连，两灯是并联的，故B正确；开关S1、S2都闭合，L1与L2并联，由于不知道两灯泡的情况，不能判断通过灯泡L1的电流与通过灯泡L2电流的关系，故C错误；开关S1在干路上，控制所有用电器，开关s2控制灯泡L1，故只闭合S1，灯泡L2发光，S1、S2都闭合，两灯泡都发光，只闭合S2的两灯泡都不发光，故D错误；故应选B.
【考点定位】电流的方向；串联电路和并联电路的辨别
5.如图所示，将摆球从A点静止释放，摆球在A、C两点间来回摆动，B为最低点，不计空气阻力，下列说法不正确的是
A.从A点到B点，摆球的重力势能转化为动能
B.从B点到C点，摆球的动能转化为重力势能
C.摆球在B点的动能最大
D.摆球在C点的机械能最小
【答案】D
【解析】影响动能大小的因素是：
质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：
质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能是动能和重力势能的和。
在铁球运动的过程中，从A→B的过程中，摆球的质量不变、高度减小、速度增大，则重力势能减小，动能增大，即重力势能转化为动能，故A正确；从B→C的过程中，摆球的质量不变、高度增大、速度减小，故重力势能增大，动能减小，即动能转化为重力势能，故B正确；摆球在B点时的速度最大，即动能最大，故C正确；当不计空气阻力时，摆球的机械能守恒，各点机械能一样大，故D错误，故选D。
6.有关生活用电，下列说法中正确的是
A.使用测电笔时，手一定要接触笔尾金属电极
B.教室里同一个开关控制三盏灯，同时亮同时灭，是因为这三盏灯之间是串联的
C.空气开关跳闸，一定是因为电路总功率过大造成的
D.电能表转盘转得越快，用电器消耗的电能越多
【答案】A
【解析】使用测电笔时，手接触笔尾的金属体，用笔尖金属体接触被检测的导线，若氖管发光，表示接触的是火线，不发光表示接触的是零线，故A正确；当其中一盏灯坏了后，其余二盏灯还能正常发光，说明三盏灯互不影响、是并联，故B错误；空气开关“跳闸”，可能是电路中的总功率过大，也可能是短路，故C错误；电能表的转盘转的越快，说明电流通过用电器做功越快，做功的多少还与通电时间有关，故D错误，故选A。
7.小明设计了一个既能吹冷风又能吹热风的电吹风，如图所示的简化电路中符合要求的是（图中
表示电动机，
表示电热丝）．
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】根据题意知道，电吹风能吹冷风又能吹热风，即电路中电动机可以单独工作，也可以是电动机和电热丝同时工作。
A图中，只闭合S2时电动机和电热丝都工作，当两开关都闭合时只有电热丝工作，故不合题意；B图中，S断开电路不工作，S闭合电热丝和电动机同时工作，只有热风没有冷风，故不合题意；C图中，只闭合S2时，电热丝工作，两开关都闭合电热丝和电动机同时工作，故不合题意；D图中，闭合S2时只有电动机工作，为冷风；当两开关都闭合S1时，电热丝和电动机同时工作，为热风，故符合题意，故选D。
8.用如图所示的装置先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体的吸热能力．多次实验表明，要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长．以下关于该实验的操作及分析错误的是
A.水比煤油的比热容大
B.加热时用玻璃棒不断搅拌是为了使水和煤油受热均匀
C.实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D.相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后，煤油比水升高的温度大
【答案】C
【解析】相同质量的不同物质吸收相同的热量，温度变化大的吸热能力弱，即比热容小，因为水的比热容大于煤油的比热容，故A正确；实验中搅拌器的作用是：
使液体受热均匀，故B正确；水和煤油的沸点不同，所以水和煤油都沸腾的加热时间也不同，故无法比较比热容的大小，故C错误，符合题意；由于煤油的比热容小，由△t=Q/cm知道，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，煤油的温度比水的温度升高得大，故D正确，故选C。
9.如图所示，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由位置A拉至位置B，在这个过程中，力F的大小将
A.不变B.变小
C.变大D.先变大后变小
【答案】C
【解析】试题分析：
由题意可知，在拉动过程中动力的力臂大小始终不变，阻力的大小不变，但阻力臂越来越大，所以阻力与阻力臂的乘积是变大的，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积也是变大的，由于动力臂不变，所以动力应是变大的，故应选C。
【考点定位】杠杆的平衡条件
10.如图所示是某种压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻，电源电压保持不变。
闭合开关S，下列说法正确的是
A.压力F增大时，电流表示数变小、电压表示数变小
B.压力F减小时，电流表示数变小、电压表示数变小
C.压力F增大时，电压表示数跟电流表示数乘积不变
D.压力F减小时，电压表示数跟电流表示数之比变大
【答案】A
11.用如图所示的装置研究滑轮组机械效率，下列说法不正确的是
A.弹簧测力计通常要竖直向上匀速拉动
B.测量机械效率的原理η＝
×100%
C.机械效率与动滑轮重力的大小有关
D.提高机械效率可以通过减小钩码的重力来实现
【答案】D
【解析】在实验操作中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，这样弹簧测力计处于平衡状态，弹簧测力计的示数才反映了拉力的大小，故A正确；测量机械效率的原理是：
η=W有用/W总×100%，故B正确；图中滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关，在物重一定的条件下，动滑轮越重，机械效率越低，故C正确；减小钩码的重力，在额外功相同的情况下，有用功减小，有用功占总功的百分百减小，滑轮组的机械效率减小，所以D错误，符合题意，故选D。
12.如图甲所示为一个超声波加湿器，如图乙所示为其内部湿度监测装置的简化电路图。
已知电源电压为12V，定值电阻R0的阻值为30Ω，电流表的量程为0~200mA，电压表的量程为0~9V。
湿敏电阻R的阻值随湿度RH变化的关系图像如图丙所示，其阻值最大为120Ω（图中未画出）。
则在电路安全工作的前提下，下列说法正确的是
A.湿敏电阻R的电流最小值为80mA
B.定值电阻R0的电功率最小值为0.192W
C.电路消耗的总功率最大值为3.6W
D.此装置能监测的湿度最大值为80%
【答案】D
【解析】由电路图知道，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压，电流表测量电路中的电流；当湿敏电阻R的阻值为最大值120Ω时，电路中的电流最小，此时最大总电阻是：
R总=R0+R最大=30Ω+120Ω=150Ω，故最小电流是：
I最小=U/R总=12V/150Ω=0.08A=80mA，此时湿敏电阻R两端的电压是：
UR=I最小R最大=0.08A×120Ω=9.6V＞9V，由于电压表量程是0～9V，所以电流为80mA时湿敏电阻R两端的电压会超过电压表的量程，故电路中的最小电流不能为80mA，即A错误；
由串联电路的分压原理知道，湿敏电阻R的阻值越大，其两端的电压也越大，由于电压表量程为0～9V，所以湿敏电阻R两端的电压最大为9V时，此时湿敏电阻R的阻值最大，电路中的电流最小；根据串联电路总电压等于各电阻两端的电压之和知道，R0两端的电压是：
U0最小=U-UR最大=12V-9V=3V，则R0的最小电功率是：
P0最小=U0最小2/R0=（3V）2/30Ω=0.3W，故B错误；
因为电流表的量程是0～200mA，所以电路中的最大电流是：
I最大=200mA=0.2A，故电路消耗的总功率最大值是：
P最大=UI最大=12V×0.2A=2.4W，故C错误；
湿敏电阻R两端的电压最大为9V，此时电路中的电流是：
I最小=U0最小/R0=3V/30=0.1A，由欧姆定律知道，R的最大电阻是：
R最大=UR最大/I最小=9V/0.1A=90Ω，由图乙知道此时能监测湿度的最大值为80%，故D正确，故选D。
二、填空题（本题共9小题，每空1分，共24分）
13.入冬以来我国大部分地区遭遇强冷空气，为了使双手不至于冻坏，可以两手摩擦使手发热，这是通过________的方式增加手的内能；也可以手捧暖水袋，使手变暖，这是通过___________的方式增加手的内能。
【答案】
（1）.做功
（2）.热传递
【解析】摩擦生热，属于做功改变物体内能．手捧暖水袋，使手变暖，是通过热传递改变物体内能．
点睛：
本题考查了改变物体内能有两种方式：
做功和热传递.
14.如图甲所示，花匠手握修枝剪刀把手的末端，便可以轻松地剪断树枝．这时修枝剪刀属于________（选填“省力”或“费力”）杠杆；电熨斗（图乙）主要是利用电流的________效应工作的；发光二极管（图丙）具有单向导电性，它是利用________材料制成的（选填“导体”、“半导体”、“超导体”）材料制成的。
【答案】
（1）.省力
（2）.热（3）.半导体
【解析】因为剪刀属于杠杆，由图知道支点是B点，动力作用在A点，阻力作用在C点，使用时动力臂大于阻力臂，因此是省力杠杆；电流流过电熨斗时发热体发热，所以电熨斗是利用电流的热效应工作的；发光二极管的主要材料是半导体。
15.
（1）如图甲所示，图中的装置相当于一个________（填一种简单机械的名称）；
（2）如图乙所示是汽油机的________冲程；
（3）如图丙所示，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，就做成了能自动回头的“魔罐”。
当将“魔罐”在水平地面上滚出后，还能自动滚回来，在滚回来的过程中__________能转化为________能。
【答案】
（1）.滑轮组
（2）.吸气（3）.弹性势（4）.动
【解析】
（1）由图甲知道，绳子和木棍组合在一起，起到滑轮组的作用，用较小的力就可以使被作用有较大力的两根木棍靠拢，说明使用该滑轮组可以省力；
（2）由图乙知道，进气门开、排气门关闭，且活塞下行，所以该冲程为吸气冲程；
（3）由图丙知道，当魔罐在开始滚动的时，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为零时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能。
16.有许多重大火灾都是因用电线路连接处接触不良所造成的，当线路连接处接触不良时，该处的电阻将________，在该接触处就会局部过热引起升温，接触处的电阻又将随着温度的升高而________（以上两空均选填“减小”、“增大”或“不变”），从而形成电热的逐步积累和恶性循环，以致引发火灾．
【答案】
（1）.增大
（2）.增大
【解析】试题分析：
影响电阻大小的因素有：
导体的材料，长度，横截面积和温度。
线路连接处由于接触不良，相当于接触部分少即横截面积小，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此电阻增大。
由焦耳定律Q=I2Rt，在电流、通电时间相同的情况下，电阻越大产生的热量就越多，因此导致接触处温度升高，使接触处的电阻进一步变大（导体的电阻与温度有关），产生更多的热量，使温度迅速升高，温度过高容易引发火灾。
考点：
影响电阻大小的因素，焦耳定律
17.“在探究动能大小与质量关系”的两次实验中，小球从同一高度由静止开始释放时的场景如图所示，木板固定在水平面上，该实验是通过比较________来比较小球动能大小的，图中错误的操作是________．改正后进行实验，发现木块会从木板右侧滑出，则可以通过________（选填“增大”或“减小”）木块的质量来加以改进．
【答案】
（1）.木块在木板上滑行的距离
（2）.两次实验中未保持木块初始位置相同（3）.增大
【解析】根据题意知道，小球由一定高度由静止开始释放在向下运动的过程中获得动能，可以通过比较被撞击的木块在木板上移动的距离来比较小球动能大小；图中错误的操作是两次实验中未保持木块初始位置相同，所以不能比较被撞击的木块在木板上移动的距离；当小球撞击木块后，木块获得一定的动能，然后要克服摩擦阻力做一定大小的功，因为W=fs，为改进实验，即减小木块在木板上滑行的距离s，故可通过增大滑动摩擦力的方法来减小滑行的距离s，根据在接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大，故可通过增大木块的质量，从而增大木块对木板的压力的方法达到目的。
18.农作物的秸秆可以回收加工制成秸秆煤。
完全燃烧0.5kg的秸秆煤可放出________J的热量；若这些热量完全被质量为100kg，初温为20℃的水吸收，可使水温升高到________℃[已知q秸秆煤=2.1×107J/kg，c水=4.2×103J/（kg•℃）]。
【答案】
（1）.1.05×107
（2）.45
【解析】试题分析：
（1）秸秆煤完全燃烧放出的热量Q=qm=2.1×107J/kg×0.5kg=1.05×107J。
（2）由Q吸=cmΔt可得，
所以水吸收热量温度升高到t1=t0+25℃=45℃。
考点：
热值热量的计算
19.用如图所示的滑轮组将重为10N的物体以0.1m/s的速度匀速提升，拉力F=6N，拉力的功率为________W，机械效率为________，若不计绳重及摩擦，动滑轮的重力为________N。
【答案】
（1）.1.2
（2）.83.3%（3）.2
【解析】试题分析：
由图示可知，滑轮组由2段绳子吊着物体，拉力的速度等于物体上升速度的2倍为0．2m/s，所以拉力的功率为P拉=Fv=6N×0．2m/s=1．2W；有用功的功率为P重=10N×0．1m/s=1W，所以滑轮组的机械效率为η=P重/P拉=1W/1．2W=83．3%，动滑轮的重为2×6N-10N=2N。
【考点定位】有关滑轮组的计算
20.如图所示，LED灯具有节能、环保等特点．一只“220V9W”的LED灯与一只“220V60W”的白炽灯在正常工作时发光效果相当。
该节能灯正常发光10h消耗的电能是______________kW·h．在相同时间内，与白炽灯相比，LED灯可以节约百分之多少的电能？
________%
【答案】
（1）.0.09
（2）.85
【解析】LED灯标有“220V9W”字样的含义是：
额定电压为220V，额定功率为9W；由P=W/t知道，该节能灯正常发光10h消耗的电能是：
W=Pt=0.009kW×10h=0.09kW•h；设两种灯泡正常发光的时间为t，则：
LED消耗的电能W节=P节t，白炽灯消耗的电能为W白=P白t，在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约电能的百分比：
W白−W节/W白×100%=
=85%。
21.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的最大阻值为40Ω，闭合开关S后，从滑动变阻器接入电路中的阻值最大时开始记录数据，测得小灯泡的U-I图像如图乙所示．则滑片P向左滑动过程中，电路消耗的总功率________（选填“变大”、“变小”或“不变”），小灯泡的额定功率为________W，电源电压为________V。
【答案】
（1）.变大
（2）.1（3）.4.5
【解析】由电路图知道，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端电压，电流表测电路中电流。
当滑片P向左滑动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由P=UI=U2/R知道，电路消耗的总功率变大；由图乙知道，小灯泡的额定电压为2.5V，此时电流为0.4A，所以灯泡的额定功率是：
PL=ULIL=2.5V×0.4A=1W；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙知道，此时灯泡两端的电压是UL′=0.5V，通过的电流是IL′=0.1A，因为串联电路中各处的电流相等，所以，由I=U/R知道滑动变阻器两端的电压是：
U滑=I滑R滑=IL′R滑=0.1A×40Ω=4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压是：
U=U滑+UL′=4V+0.5V=4.5V。
三、解答题
22.如图是用木棒撬石块的示意图，请在图中用小黑点标出支点，用符号O表示，并画出动力F1的力臂．
【答案】见解析
........................
23.如图所示，根据小磁针静止时磁极的指向，在图中标出通电螺线管的N极和电源的“+”极。
【答案】见解析
【解析】由图知道，小磁针的右端为N极，根据异名磁极相互吸引知道，螺线管的左端为N极，右端为S极；再由安培定则，即用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，则四指环绕的方向为电流的方向，从而得出电源的右端为正极，左端为负极，如图：
24.如图所示，用笔画线代替导线将电灯、开关、三线插座接到电路中。
【答案】见解析
【解析】首先辨别上面三根线地线、火线、零线．灯泡接法：
火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡．三孔插座：
上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如图所示：
25.电动汽车比燃油汽车低碳环保并且能源利用率高，是今后交通工具的发展方向。
某款新型家用电动汽车蓄电池提供电压150V，电动机正常工作时电流为10A，可以使汽车获得240N的牵引力，保证汽车以18km/h的速度在水平路面上匀速行驶。
求：
（1）汽车匀速行驶5min牵引力所做的功；
（2）电动机汽车以18km/h的速度匀速行驶时，电动汽车的电能转化为机械能的效率。
【答案】
（1）.3.6×105J
（2）.80%
【解析】
（1）汽车的速度v=18km/h=5m/s，行驶时间t=5min=300s，由v=s/t得，汽车行驶的路程是：
s=vt=5m/s×300s=1500m，
汽车匀速行驶牵引力所做的功是：
W=Fs=240N×1500m=3.6×105J；
（2）电动机正常5min消耗的电能是：
W总=UIt=150V×10A×300s=4.5×105J，
电动汽车的电能转化为机械能的效率是：
η=W/W总×100%=3.6×105J/4.5×105J×100%=80%
点睛：
本题考查的是速度公式、功的公式、电功公式以及效率公式的应用，难度不大，计算时注意单位要统一。
26.如图甲所示是小明家用电热水器的简化电路图，温控开关S1可根据水温自动切换加热和保温两种状态，R1、R2是发热电阻，阻值不随温度改变。
热水器主要参数如下表．
（1）R1、R2的阻值分别为多大？
（2）某天傍晚，小明关闭家里其他用电器，只让保温状态的电热水器工作，发现自家电能表（如图乙所示）指示灯闪烁40次所用的时间为200s。
则此时电路两端的实际功率为多少？
【答案】
（1）.36.3Ω
（2）.24.2Ω（3）.600W
【解析】
（1）开关S1闭合时，电路中只有R1，饮水机处于加热状态，由P=U2/R得，R1的阻值是：
R1=U2/P加热=（220V）2/2000W=36.3Ω；
当开关S1断开时，两电阻串联，饮水机处于保温状态，电路中的总电阻是：
R=U2/P保温=（220V）2/800W=60.5Ω，
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值是：
R2=R-R1=60.5Ω-36.3Ω=24.2Ω
（2）电能表指示灯闪烁40次所消耗电能是：
W=3.6×106J×40/1200=1.2×105J，
此时电路两端的实际功率是：
P=W/t=1.2×105J/200s=600W；
点睛：
本题考查的是并联电路的特点和电功率公式的灵活应用，关键是电热水器处于不同单位时电路连接方式的判断，要注意电路的总功率等于各用电器功率之和。
27.为探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小丽同学作出以下猜想：
猜想A：
电磁铁通电时有磁性，断电时没有磁性；
猜想B：
通过电磁铁电流越大，它的磁性越强；
猜想C：
外形相同的螺线管，线圈的匝数越多，它的磁性越强。
为了检验上述猜想是否正确，小丽所在的实验小组设计了以下实验方案：
用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）在大铁钉上绕制若干圈，制成简单的电磁铁。
如图所示的a、b、c、d为实验中观察到的四种情况。
根据小丽的猜想和实验，完成下面填空：
（1）观察电磁铁吸引大头针数目多少的不同，来判断它________的不同；
（2）通过比较________（填序号“a”、“b”、“c”、“d”）两种情况，可以验证猜想A的正确；
（3）通过比较________（填序号“a”、“b”、“c”、“d”）两种情况，可以验证猜想B的正确；
（4）通过比较d中甲、乙两电磁铁，可以得出的结论是________。
【答案】
（1）.磁性强弱
（2）.a、b（3）.b、c（4）.电流相同时，外形相同的螺线管，线圈的匝数越多，它的磁性越强。
【解析】
（1）实验中观察电磁铁吸引大头针数目多少的不同，可以来判断它磁性的强弱，吸引的大头针越多，电磁铁的磁性越强；
（2）A猜想的是，电磁铁通电时有磁性，断电时没有磁性，由图知道，图a、b中两电磁铁相同，
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