大学物理题目答案.docx
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大学物理题目答案
第一章 质点运动学
T1-4:
BDDB
1-9 质点的运动方程为
式中x,y的单位为m,t的单位为s.
试求:
(1)初速度的矢量表达式和大小;
(2)加速度的矢量表达式和大小
解
(1)速度的分量式为
当t=0时,vox=-10m·s-1,voy=15m·s-1,
则初速度的矢量表达式为,
初速度大小为
(2)加速度的分量式为
则加速度的矢量表达式为,
加速度的大小为
1-13 质点沿直线运动,加速度a=4-t2,式中a的单位为m·s-2,t的单位为s.如果当t=3s时,x=9m,v=2m·s-1,求
(1)质点的任意时刻速度表达式;
(2)运动方程.
解:
(1) 由a=4-t2及,
有,
得到。
又由题目条件,t=3s时v=2,代入上式中有,解得,则。
(2)由及上面所求得的速度表达式,
有
得到
又由题目条件,t=3s时x=9,代入上式中有,解得,于是可得质点运动方程为
1-22 一质点沿半径为R的圆周按规律运动,v0、b都是常量.
(1)求t时刻质点的总加速度大小;
(2)t为何值时总加速度在数值上等于b?
(3)当加速度达到b时,质点已沿圆周运行了多少圈?
知识点:
圆周运动的加速度的切向分量及法向分量表达式.本题采用线量的方式来描述圆周运动的运动方程。
解
(1)质点作圆周运动的速率为
其加速度的切向分量和法向分量分别为
故加速度的大小为
(2)要使,由可得
(3)从t=0开始到t=v0/b时,质点经过的路程为
因此质点运行的圈数为
1-23 一半径为0.50m的飞轮在启动时的短时间内,其角速度与时间的平方成正比.在t=2.0s时测得轮缘一点的速度值为4.0m·s-1.求:
(1)该轮在t′=0.5s的角速度,轮缘一点的切向加速度和总加速度;
(2)该点在2.0s内所转过的角度.
分析--题目的另一种描述方法:
一质点(即题目中轮缘一点)作半径为R=0.50m的圆周运动,且,其中k为未知常数。
在t=2.0s时m·s-1 .求:
(1)在t′=0.5s时质点的角速度,切向加速度和法向加速度;
(2)取t=0s时,求t=2.0s时的。
知识点:
第一问--圆周运动的加速度的切向分量及法向分量表达式;第二问--运动学积分问题:
已知速度及初位置求某时刻质点位置
解
(1)因ωR=v,且得
,
将t=2.0s时m·s-1 代入上式解得,
所以。
则t′=0.5s时的角速度、角加速度和切向加速度分别为
(2)在2.0s内该点所转过的角度
或者:
由,有,得到。
又由题目条件,取t=0s时,解得C=0。
则在2.0s内该点的角度为
1-24 一质点在半径为0.10m的圆周上运动,其角位置为,式中θ的单位为rad,t的单位为s.
(1)求在t=2.0s时质点的法向加速度和切向加速度.
(2)当切向加速度的大小恰等于总加速度大小的一半时,θ值为多少?
(3)t为多少时,法向加速度和切向加速度的值相等?
知识点:
圆周运动的加速度的切向分量及法向分量表达式.
解
(1)由于,则角速度.在t=2s时,法向加速度和切向加速度的数值分别为
(2)当时,有,即
得
此时刻的角位置为
(3)要使,则有
t=0.55s
第二章 牛顿定律
T1-4:
DACB
2-14 一质量为10kg的质点在力F的作用下沿x轴作直线运动,已知F=120t+40,式中F的单位为N,t的单位的s.在t=1时,质点位于x=5.0m处,其速度v=9m·s-1.求质点
(1)在任意时刻的速度和
(2)位置.
知识点:
牛顿第二定律应用:
已知力及初速度(或某个时刻的速度)求任意时刻速度
解
(1)由牛顿第二定律有
由,
有,
得到。
又由题目条件,t=1s时v=9,代入上式中解得,则。
(2)由及上面所求得的速度表达式,
有
得到
又由题目条件,t=1s时x=5,代入上式中解得,于是可得质点运动方程为
。
2-20 质量为45.0kg的物体,由地面以初速60.0m·s-1竖直向上发射,物体受到空气的阻力为Fr=kv,且k=0.03N/(m·s-1).
(1)求物体发射到最大高度所需的时间。
知识点:
牛顿第二定律应用:
已知力及初速度(或某个时刻的速度)求任意时刻速度。
在这个题目中,并不需要得到速度的表达式,只需要得到速度和时间之间的关系式。
解
(1)物体在空中受重力mg和空气阻力Fr=kv作用而减速.由牛顿定律得
(1)
将上式改写成微元等式,有
,积分得到。
由题意,将t=0时速度为代入上式,有,即,
故有时间和速度的关系为。
又当物体发射到最大高度时,速度,所以有此时所对应时间为
。
2-22 质量为m的摩托车,在恒定的牵引力F的作用下工作,并受到一定的阻力,使得它能达到的最大速率是vm.试计算以下情况从摩托车由静止加速到vm/2所需的时间:
(1)阻力Fr=kv2;
(2)阻力Fr=kv ,其中k为未知比例系数。
知识点:
牛顿第二定律应用:
已知力及初速度(或某个时刻的速度)求任意时刻速度。
和上题一样,在这个题目中,并不需要得到速度的表达式,只需要得到速度和时间之间的关系式。
解
(1)设摩托车沿x轴正方向运动,在牵引力F和阻力Fr同时作用下,由牛顿定律有
当加速度a=dv/dt=0时,摩托车的速率最大,此时牵引力和阻力相抵消,因此可得
k=F/vm2
代入上式中有
,
将上式改写成微元等式,并利用有,两边积分有。
由t=0时,v=0,代入上式,有C=0。
则当v=vm/2时,有
(2)设摩托车沿x轴正方向运动,在牵引力F和阻力Fr同时作用下,由牛顿定律有
当加速度a=dv/dt=0时,摩托车的速率最大,此时牵引力和阻力相抵消,因此可得
k=F/vm
代入上式中有
,
将上式改写成微元等式,有,两边积分有。
由t=0时,v=0,代入上式,有C=0。
则当v=vm/2时,有。
第三章 动量守恒定律和能量守恒定律
T1,T3、4、5:
CCDC
3-6 一架以3.0×102m·s-1的速率水平飞行的飞机,与一只身长为0.20m、质量为0.50kg的飞鸟相碰.设碰撞后飞鸟的尸体与飞机具有同样的速度,而原来飞鸟对于地面的速率甚小,可以忽略不计.试估计飞鸟对飞机的冲击力(碰撞时间可用飞鸟身长被飞机速率相除来估算).
知识点:
质点动量定理的应用:
已知速度变化求平均作用力
解 以飞鸟为研究对象,取飞机运动方向为x轴正向.由动量定理得
式中F′为飞机对鸟的平均冲力,等式右边的0指小鸟的初始动量忽略不计,而身长为20cm的飞鸟与飞机碰撞时间约为Δt=l/v,以此代入上式可得
根据作用力和反作用力定律,则鸟对飞机的平均冲力为
3-8 Fx=30+4t(式中Fx的单位为N,t的单位为s)的合外力作用在质量m=10kg的物体上,试求:
(1)在开始2s内此力的冲量;
(2)若冲量I=300N·s,此力作用的时间;(3)若物体的初速度v1=10m·s-1,方向与Fx相同,在t=6.86s时,此物体的速度v2.
知识点:
冲量的定义,质点动量定理的积分形式
解
(1)由冲量定义,有
(2)由I=300=30t+2t2,解此方程可得
t=6.86s(另一解t<0不合题意已舍去)
(3)由动量定理,,
又由可知t=6.86s时I=300N·s,
将I、m及v1代入可得
3-17 质量为m的质点在外力F的作用下沿Ox轴运动,已知t=0时质点位于原点,且初始速度为零.设外力F随距离变化规律为.试求质点从x=0处运动到x=L处的过程中力F对质点所作功和质点在x=L处的速率.
知识点:
功的定义,动能定理
解 由,又由功的定义,有
由动能定理有
其中,等式右边的0指质点的初始速度及动能为0,则有得x=L处的质点速率为
3-19 一物体在介质中按规律x=ct3作直线运动,c为一常量.设介质对物体的阻力F(v)=kv2,其中k为已知阻力系数。
试求物体由x0=0运动到x=l时,阻力所作的功.
知识点:
功的定义
解 由运动方程x=ct3,可得物体的速度
代入F(v)=kv2,得到物体所受阻力的大小和时间关系为
再由x=ct3即,代入上式有。
由功的定义,则阻力做功为
。
3-20 一人从10.0m深的井中提水,起始桶中装有10.0kg的水,由于水桶漏水,每升高1.00m要漏去0.20kg的水.水桶被匀速地从井中提到井口,求所作的功.(取重力加速度g=10m·s-2)
知识点:
功的定义
解 水桶在匀速上提过程中,拉力F与水桶重力P平衡,有
F+P=0
(在图示所取坐标下,)(注:
考试时括号文字不写)记初始时刻水桶内水的质量为,则水桶重力随位置的变化关系为
其中y为水桶的高度,以井底为y=0。
则由功的定义,有人对水桶的拉力的功为
3-21 一质量为0.20kg的球,系在长为2.00m的细绳上,细绳的另一端系在天花板上.把小球移至使细绳与竖直方向成30°角的位置,然后从静止放开.求:
(1)在绳索从30°角到0°角的过程中,重力和张力所作的功;
(2)物体在最低位置时的动能和速率;(3)在最低位置时的张力.
知识点:
势能定义,重力势能函数,机械能守恒:
已知某一过程质点的初始及末位置,求功、动能变化、速度变化等;圆周运动和受力关系
解
(1)张力由于和小球运动方向垂直,故做功为零。
由保守力做功和势能的关系,则重力做功有。
又若将小球最低点取为势能零点,
重力势能函数为。
将,代入公式,有重力做功为
(2)根据机械能守恒,,即
又由初始时动能为零,故在最低位置时,亦即在时的动能为
小球在最低位置的速率为
(3)当小球在最低位置时,记张力为,则由牛顿定律可得
,
其中为圆周运动的法向力,则有
第四章 刚体的转动
T5:
B
4-28 我国1970年4月24日发射的第一颗人造卫星,其近地点为4.39×105m、远地点为2.38×106m.试计算卫星在近地点和远地点的速率.(设已知卫星绕地球运动过程角动量守恒。
)
知识点:
角动量守恒,引力势能的函数,机械能守恒
解 记近地点处卫星离地球距离为,速率为,远地点处则分别为、。
由于卫星绕地球运动轨迹为以地球为焦点的椭圆,且在近地点和远地点处的速度方向与地球到卫星连线相垂直,则由角动量守恒定律有,即
又因卫星与地球系统的机械能守恒,故有
式中mE和m分别为地球和卫星的质量。
将代入上式有
,进一步有
4-30 如图所示,一质量为m的小球由一绳索系着,以角速度ω0在无摩擦的水平面上,作半径为r0的圆周运动.如果在绳的另一端作用一竖直向下的拉力,使小球作半径为r0/2的圆周运动.试求:
(1)小球新的角速度;
(2)拉力所作的功.
知识点:
角动量守恒,质点动能定理
解
(1)小球在转动的过程中,角动量保持守恒,且由圆周运动质点的角动量为,则有当小球做两种半径的圆周运动时角动量相等,
故新的角速度为。
(2)当小球作半径为r0的圆周运动时速度为,作半径为r0/2的圆周运动时速度为。
由动能定理,有
。