上海中考物理仿真模拟卷21.docx
《上海中考物理仿真模拟卷21.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《上海中考物理仿真模拟卷21.docx（18页珍藏版）》请在冰豆网上搜索。
上海中考物理仿真模拟卷21
2020年上海中考物理仿真模拟卷21
理化试卷
考生注意：
1．试卷中的第1~26题为物理部分，第27~51题为化学部分。
2．试卷满分150分。
考试时间100分钟。
3．按要求在答题纸上作答，在试卷、草稿纸上答题一律无效。
物理部分
一．选择题（共8小题）
1．关于粒子，下列说法正确的是（ ）
A．酒精和水混合后总体积减小，说明分子间有空隙
B．磁铁能吸引大头针，说明分子间有引力
C．分子是不可再分的最小粒子
D．原子是不可再分的最小粒子
【解析】解：
A、水和酒精混合后，由于进入彼此的空隙中而使总体积减小；故说明分子间有空隙，故A正确；
B、磁铁能吸引大头针是因为磁铁对大头针有磁场力的作用，与分子间的引力无关，故B错误；
CD、分子由原子组成，原子是还可以再分的，它是由原子核和电子组成的，故CD错误。
【答案】A。
2．小刘同学看完影片《流浪地球》后，发现影院的墙面有很多小孔，你认为这些小孔的主要作用是（ ）
A．增大响度B．降低音调C．减少回声D．通风换气
【解析】解：
声音在传播时遇到墙面会发生反射，形成回声，回声会对原声产生一定的干扰。
影院的墙面有很多小孔，可以减少声音的回声，而不是为了增大响度、降低音调，更不是为了通风换气。
【答案】C。
3．下列实例中，通过热传递改变物体内能的是（ ）
A．钻木取火B．搓手取暖C．抱炉取暖D．气筒打气
【解析】A、钻木取火时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故A错误；
B、双手相互摩擦，手发热，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能，故B错误；
C、抱炉取暖，人从炉上吸收热量，炉的内能转移到人身上，属于热传递改变物体的内能，故C正确；
D、用打气筒打气时，克服摩擦和压缩空气做功，使筒壁发热、筒内空气的温度升高，属于做功改变物体的内能，故D错误。
【答案】C。
4．如图所示的电路中，闭合开关S1和S2，灯泡L1和L2均发光，下列说法正确的是（ ）
A．电流表测量干路的电流
B．电压表示数等于L1的电压
C．只断开S2，电流表示数不变
D．只断开S2，电压表示数变为零
【解析】解：
A、由图知，闭合开关S1和S2，灯泡L1和L2并联，电流表与L2串联，测量通过L2的电流。
故A错误；
B、电压表并联在灯泡L2两端，所以测量L2两端电压。
由于并联电路两端电压相同，所以电压表示数等于灯泡L1两端电压。
故B正确；
C、由于电流表、灯泡L2、开关S2共同组成一个通路，所以断开S2，L2是断路状态，所以电流表示数为0．故C错误；
D、断开S2，电压表仍然并联在电源两端，而电源电压不变，所以电压表示数不变。
故D错误。
【答案】：
B。
5．下面事例中属于不是利用大气压的是（ ）
A．用离心式抽水机把深井中的水抽上来
B．在茶壶盖上作了一个小孔
C．医生用注射器给病人注射药液
D．吸盘吸玻璃
【解析】解：
A、离心泵工作时，泵壳内气压小于外界大气压，是大气压将水压入泵壳中，再通过叶轮将其甩到高处的，所以是利用了大气压；故A不合题意；
B、茶壶盖上的小孔与外界大气连通，在壶内气压减小时，大气压通过小孔作用在水上，使水顺利流出壶嘴，所以是利用了大气压；故B不合题意；
C、医生给注射器内吸药液时用到了大气压，但现在是向病人体内注射药液利用的是人的推力，与大气压无关；故C符合题意；
D、吸盘吸玻璃时，先排出吸盘里的空气，使内部气压减小，于是在大气压的作用下吸起玻璃，所以是利用了大气压。
故D不合题意。
【答案】C。
6．甲、乙两物体从同一地点同时向相同方向做直线运动，其s﹣t图象如图所示，由图象可知（ ）
A．两物体在0﹣10s内都做匀速运动，且v甲＝v乙
B．两物体在20﹣30s内都做匀速运动，且v甲＞v乙
C．甲物体在30s内的平均速度为10m/s
D．两物体在20s末相遇，且甲乙在这段时间内的平均速度相同
【解析】解：
A．由图象可知，两物体在0～10s内的图象是一条斜直线，表示两物体做匀速直线运动，且在相同时间内甲物体通过的路程大于乙物体通过的路程，所以v甲＞v乙，故A错误；
B．甲物体在20～30s内的图象是一条和时间轴平行的直线，表示甲物体处于静止状态，故B错误；
C．由图象可知，甲物体在30s内的路程为100m，其平均速度v＝
＝
≈3.33m/s，故C错误；
D．由图象可知，两物体在20s末的路程相等，则两物体相遇，此时两物体运动的时间和路程相等，由v＝
可知，它们的平均速度相等，故D正确。
【答案】D。
7．如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上，它们对水平地面的压强相等，现沿水平方向切去一部分。
关于甲、乙的密度ρ甲、ρ乙和所切去部分的质量m甲、m乙的判断，正确的是（ ）
A．ρ甲＞ρ乙，m甲＜m乙B．ρ甲＞ρ乙，m甲＞m乙
C．ρ甲＝ρ乙，m甲＜m乙D．ρ甲＝ρ乙，m甲＞m乙
【解析】解：
（1）因为甲、乙对水平地面的压强相等，所以ρ甲gh甲＝ρ乙gh乙，即ρ甲h甲＝ρ乙h乙，
由图知h甲＜h乙，故ρ甲＞ρ乙；
切去之前甲、乙的重力分别为：
G甲＝F甲＝pS甲，G乙＝F乙＝pS乙，
现沿水平方向切去一部分，剩余的高度相同，设剩余的高度为h，
根据p＝
得，
甲、乙剩余的重力分别为：
G甲剩＝ρ甲gV甲剩＝ρ甲ghS甲，G乙剩＝ρ乙gV乙剩＝ρ乙ghS乙，
甲、乙切去的重力分别为：
G甲切＝G甲﹣G甲剩＝pS甲﹣ρ甲ghS甲＝S甲（p﹣ρ甲gh），
G乙切＝G乙﹣G乙剩＝pS乙﹣ρ乙ghS乙＝S乙（p﹣ρ乙gh），
因为ρ甲＞ρ乙，所以p﹣ρ甲gh＜p﹣ρ乙gh，
又因为边长h甲＜h乙，所以S甲＜S乙，
所以S甲（p﹣ρ甲gh）＜S乙（p﹣ρ乙gh），
即G甲切＜G乙切，
根据G＝mg知，切去部分的质量m甲小于m乙。
【答案】A。
8．小明同学在做“探究串联电路电压的规律”的实验时，连好了如图所示的电路，接通开关后发现L1正常发光，L2只能微弱发光，对产生这一现象的原因分析，你认为合理的是（ ）
A．灯泡L2发生了断路
B．灯泡L2发生了短路
C．由于灯泡L2的电阻较大，其实际功率较小
D．由于灯泡L2的电阻较小，其实际功率较小
【解析】解：
A、灯泡L2发生了断路时，两灯泡均不能发光，故A不合理；
B、灯泡L2发生了短路时，L2不能发光，故B不合理；
CD、两灯泡串联，L1正常发光，L2只能微弱发光，说明灯L1的实际功率较大，灯L2的实际功率较小；
但因两灯泡串联，通过两灯的电流相等，根据P＝I2R可知，L1的电阻较大，L2的电阻较小，故C不正确，D正确。
【答案】D。
二．填空题（共8小题）
9．电能表是用来测量电功的仪表。
如图所示，这只电能表此时的读数是kW•h，所连接的用电器同时工作时，总功率不能超过 W，若整个电路中只有一个电功率为400W的用电器正常工作6min，则该电能表的铝盘刚好转过 圈。
【解析】解：
（1）从电能表上可以看出电能表的示数为1573.0kW•h。
（2）由电能表的参数可知，其工作电压U＝220V，允许通过的最大工作电流I＝50A，
则所连接的用电器工作时的最大总功率：
P＝UI＝220V×50A＝11000W；
（3）用电器正常工作6min消耗的电能：
W＝Pt＝400W×6×60s＝1.44×105J＝0.04kW•h，
2500r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，转盘转过2500转，
转盘转过的转数：
n＝2500r/kW•h×0.04kW•h＝100r。
【答案】1573.0；11000；100。
10．如图所示，利用滑轮分别拉同一物体沿同一水平地面做匀速直线运动，其中属于定滑轮的装置是图 ；
属于省距离的装置是图 。
【解析】解：
甲图中，滑轮的轴的位置固定不动，甲图的滑轮为定滑轮，使用甲滑轮可以改变力的方向，但不能省力，也不能省距离；
乙、丙图中的滑轮都随物体一起运动，都是动滑轮，其中乙图中，拉力作用在轮上，省力、费距离；丙图中，拉力作用在轴上，费力、省距离，所以属于省距离的是丙图中的动滑轮。
【答案】甲；丙。
11．宋词《江城子。
密州出猎》中写到“会挽雕弓如满月，西北望，射天狼”。
当弓将箭射出时， 能转化为动能；因为箭有 ，所以离开弓会继续向前运动。
【解析】解：
拉弓射箭时，弓发生了弹性形变，则弓具有弹性势能，箭射出去就是因为弓的弹性势能转化为了箭的动能；箭离开弓后还能继续运动是因为箭具有惯性，会保持原来向前的运动状态。
【答案】弹性势；惯性。
12．2019年4月辽宁舰参加了我国海军在青岛举行的盛大庆祝活动，辽宁舰满载时排水量约为6.5万吨，受到海水浮力为 N，排开海水的体积为 m3，庆祝活动中5架轰炸机从舰上依次起飞后，航空母舰所受海水浮力的变化量为△F浮，5架轰炸机总重力为G，则△F浮 G（选填“＞”、“＝”、“＜”）。
（g＝10N/kg，海水密度ρ海水＝1.03×103kg/m3）
【解析】解：
（1）辽宁舰满载时，受到的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝6.5×104×103kg×10N/kg＝6.5×108N；
由F浮＝ρ海水gV排得排开海水的体积：
V排＝
＝
≈＝6.31×104m3；
（2）因为航空母舰漂浮，所以航空母舰受到的浮力等于自身重力，
当5架轰炸机从舰上依次起飞后，航空母舰还是漂浮，
所受海水浮力的变化量等于自重减小量，
即：
△F浮＝G。
【答案】6.5×108；6.31×104；＝。
13．如图所示，若甲、乙均为电压表，闭合开关S，则两电压表的示数比U甲：
U乙＝3：
2，则R1：
R2＝ ；若甲、乙均为电流表，断开开关S，则R1、R2为 （选填“串联”或“并联”），两电流表的示数比I甲：
I乙＝ 。
【解析】解：
（1）若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，由图可知，R1与R2串联，甲测电源电压U，乙测R2的电压U2，则U甲＝U，U乙＝U2，
由题知，U甲：
U乙＝3：
2，即U：
U2＝3：
2，
因为U1+U2＝U，可得U1：
U2＝1：
2，
因串联电路各处的电流相等，
则根据U＝IR可得：
＝
＝
；
（2）若甲、乙均为电流表时，断开开关S，由图可知，R1与R2并联，甲测R2的电流I2，乙测干路电流I总，则I甲＝I2，I乙＝I总，
因为并联电路各支路两端的电压相等，
所以电流与电阻成反比，则
＝
＝
，即I1＝2I2，
又因为I乙＝I1+I2，
所以
＝
＝
＝
。
【答案】1：
2；并联；1：
3。
14．如图所示，电源电压保持不变，当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，电流表A1的示数 ，A2的示数 。
（填“变大”、“变小”或“不变”）
【解析】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，且电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，
当滑动变阻器R2的滑片P向b滑动时，R2接入电路的电阻变大，
由I＝
可知，通过R2的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小。
【答案】变小；不变。
15．如图所示，将一根直导找架在静止的小磁针上方。
（1）要使直导线与小磁针平行，直导线应呈 方向放置，原因是 。
（2）直导线与小磁针平行放置时，接通电路，观察到的现象是 ，表明 。
（3）改变直导线中电流的方向，发现小磁针的偏转方向 ，表明 。
【解析】解：
（1）因为地磁场的方向为南北方向，所以小磁针的方向静止时指向南北，在证明电流周围存在磁场，不受地磁场的干扰，应将导线水平南北放置；
（2）直导线与小磁针平行放置时，接通电路，通过导线有电流，则导线周围产生磁场，小磁针受到磁力的作用会发生偏转；
（3）改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生改变，这表明电流的磁场方向与电流的方向有关；
【答案】1）南北方向；为了避免地磁场对实验结果的干扰；
（2）小磁针发生偏转；通电导线周围存在磁场；
（3）发生改变；电流的磁场方向与电流的方向有关。
三．作图题（共3小题）
16．如图所示，请画出物体所受重力G的示意图（O为重心）；
【解析】解：
重力的作用点在重心O，重力方向竖直向下，大小为G，示意图如图所示：
17．在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图。
请你利用这些实验器材，添加一个开关，一个电流表，设计了一个电路。
利用这个电路，不用更换电流表的位置，就可直接测出A、B、C三处的电流，同样可得出三处电流的关系。
请在虚线框中画出电路图。
【解析】解：
在干路上接电流表，在各支路上接一个开关，电路如下图所示：
只闭合S1测通过L1的电流；只闭合S2测通过L2的电流，开关都闭合时电流表测总电流。
18．按题目要求作图：
在图甲中画出入射光线对应的折射光线。
【解析】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。
如图所示：
四．计算题（共4小题）
19．如图所示，小明爷爷的质量为m＝60kg，撬棍长BC＝1.2m，其中O为支点，OB＝AC＝0.2m。
当小明爷爷用力F1作用于A点时，恰能撬动重为G1＝1200N的物体。
g取10N/kg，求：
（1）作用力F1的大小；
（2）保持支点位置不变，F1的方向保持不变，小明爷爷所能撬动的最大物体重Gm。
【解析】解：
（1）因为OB＝AC＝0.2m，BC＝1.2m，
AB＝BC﹣AC＝1.2m﹣0.2m＝1m，
OA＝AB﹣OB＝1m﹣0.2m＝0.8m，
由三角形相似得
＝
＝
＝
，
由杠杆的平衡条件得，F1L1＝G1L2，
＝
＝
，
F1＝
G1＝
＝300N；
（2）支点位置不动，F1的方向保持不变，小明爷爷要想撬动最大物重，应使动力臂最长，
因为最大动力为小明爷爷重力F1＝G＝mg＝60kg×10N/kg＝600N，
由三角形相似得，
＝
＝
＝
＝
，
根据杠杆的平衡条件F1L1＝GmL2得，
＝
＝
；
＝
，
解得最大物重：
Gm＝3000N。
【答案】
（1）作用力F1的大小为300N；
（2）保持支点位置不变，小明爷爷所能撬动的最大物体重Gm＝3000N。
20．温度为10℃，质量200g的某液体，吸收1.44×104J的热量后温度升高了30℃，求该液体的比热容？
【解析】解：
由Q＝cm△t可得，该液体的比热容：
c＝
＝
＝2.4×103J/（kg•℃）。
【答案】温度为10℃，质量200g的某液体，吸收1.44×104的热量后温度升高了30℃，该液体的比热容2.4×103J/（kg•℃）。
21．如图所示，A、B是质量分布均匀的正方体物块，其边长分别是30cm、20cm，密度之比ρa：
ρb＝4：
9，图甲中A对水平面产生的压强是600Pa．求：
（1）图甲中物块A对水平地面的压力。
（2）物块B的重力。
（3）如图乙所示，当把B物块叠放到A上面时，物块A对水平面的压强增加了多少。
【解析】解：
（1）物块A的底面积：
SA＝LA2＝（30cm）2＝900cm2＝0.09m2，
由p＝
可得，物块A对地面的压力：
F＝pSA＝600Pa×0.09m2＝54N；
（2）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，图甲中物块A的重力GA＝F＝54N，
由G＝mg＝ρVg＝ρL3g可得：
GA＝ρALA3g＝54N，即ρA×（0.3m）3×10N/kg＝54N
解得：
ρA＝0.2×103kg/m3；
因为ρA：
ρB＝4：
9，
所以有ρB＝0.45×103kg/m3；
B物体的重力：
GB＝ρBLB3g＝0.45×103kg/m3×（0.2m）3×10N/kg＝36N；
（3）当把B物块叠放到A上面时，
物块A对水平面的压强增加了：
△p＝
＝
＝
＝400Pa。
【答案】：
（1）图甲中物块A对水平地面的压力54N；
（2）物块B的重力36N；
（3）如图乙，当把B物块叠放到A上面时，物块A对水平面的压强增加了400Pa。
22．小红“探究串联电路电流物点”用电流表测灯L2中的电流。
（1）电路连接正确后，闭合开关前小红发现电流表如图（a）所示，出现这个现象原因是 。
（2）小红修改了
（1）中的操作后，闭合开关，发现电流表的示数如图（b）所示，则小红下一步的操作是 。
（3）电路连接正确后，闭合开关电流表示数如图c所示，再用电流表测干路中的电流时，电流表的示数如图d所示，则通过灯L1中的电流为 A；通过灯L2中的电流为 A。
【解析】解：
（1）由a图可知，电流表的指针反偏说明电流表的正负接线柱接反了；
（2）由b图可知，电流表指针偏转较小，说明电流表选择的量程过大，应断开开关，将电流表换用小量程；
（3）c图中电流表的量程为0﹣0.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A，此时电流表测量灯泡L2中的电流，I2＝0.36A；
d图中电流表的量程为0﹣3A，分度值为0.1A，示数为0.8A，此时电流表测量干路中的电流，I＝0.8A，根据并联电路干路电流等于各支路电流的和知；
通过灯L1中的电流为：
I1＝I﹣I2＝0.8A﹣0.36A＝0.44A。
【答案】
（1）电流表正负接线柱接反了；
（2）应断开开关，将电流表换用小量程；（3）0.44；0.36。
五、实验题
23.如图（a）所示的装置探究液体内部压强规律，该装置叫做________，实验时通过______来反映被测压强大小的。
将甲、乙两种液体分别倒入相同的容器中，其实验现象如图中的（b）、（c）和（d）所示。
液体内部压强最小的是；[选填“（b）”、“（c）”、“（d）”]；（b）、（c）探究的是液体压强与的关系。
【解析】探究液体内部压强的装置是U型管压强计，利用连通器的原理，两端液面液面差越大压强越大。
控制变量探究液体压强和深度的关系。
【答案】U形管压强计；U形管两端液面高度差；（b）；深度
24.如图所示是本学期物理活动卡中的几个实验装置。
（1）图（a）中，为了研究压力的作用效果与哪些因素有关，某同学把铅笔压在大拇指和食指之间，感觉食指比大拇指痛，说明
（2）图（b）中,两支恰好能套在一起的试管,在较大的试管中注入约1/3的水,将较小的试管插入大试管中,然后迅速把它们一起倒过来。
会观察到：
小试管会.装置（c）可以用来验证.装置（d）是表，应将它到待测电路中（选填“串联”、“并联”），如图该表的读数是。
【解析】实验1考察影响压强大小的因素。
实验2考察大气压的应用。
实验3考察电压表的使用及读数。
【答案】压力大小相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显；向上运动；阿基米德原理；电压表；并联；9.5V
25.某中学物理兴趣小组的同学用实验探究“体积和形状相同的物体在液体中下沉的快慢与哪些因素有关”的问题，
他们利用完全相同的小瓶（有盖）作为下沉的物体，在瓶中装沙子使小瓶能下沉.并且通过改变所装沙子的多少来改变小瓶的总质量，实验时每次都让小瓶如图19所示位置竖直放下，让它从液面处静止开始下沉并用秒表开始计时，每次下沉深度均为0.3米，记录下沉时间，
实验数据如下表。
（1）物体在液体中下沉的深度相同时，通过比较物体的判断下沉的快慢；
（2）要想探究物体下沉的快慢与液体种类的关系，应选择实验序号为的三组数据，进行分析比较；
（3）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6）的数据，可以得出的结论是：
【解析】实验主要探究下沉快慢与哪些因素有关，主要探究了液体种类和物体质量两个因素，属于比较基础的控制变量探究性实验。
【答案】下沉时间；1与4或2与5或3与6；物体在同种液体中下沉时，物体质量越大，下沉越快。
26.小王做“测定小灯泡的电功率”实验,现有电源（电源电压保持不变）、待测小灯、电流表、滑动变阻器、电建及导线若干，其中待测小灯上所标“3.8V”字样清晰可见，额定功率小于1瓦。
图是没有连接完整的实物电路。
（1）请你用笔画线代替导线在图中正确连接.（用2B铅笔在答题纸的相应位置作图）
（2）连好电路闭合电键前,应将滑动变阻器滑片P置于端.（选填“A”或“B”）
（3）他实验步骤正确，闭合电键，移动滑动变阻器的滑片，电压表V的示数从2.0V逐渐变大，但无法根据电压表V的读数精确确定小灯是否正常发光。
经思考后，他断开电键，将电压表V重新连接，并按规范将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端后闭合电键，移动滑片P，此时电压表V的示数从4.0V逐渐变小。
小灯正常发光时，他记下了此时电压表和电流表的示数。
①请写出小王将电压表V接在电路中的位置.
②如果将小王所记录的小灯正常发光时的电压表和电流表的示数相乘,得到的电功率为0.484W.请根据相关信息计算出小灯的额定功率.（需写出计算过程）
【解析】根据小灯额定电压为3.8V可以判断初始无法通过电压表读数确定小灯是否正常发光，后将电压表并联在滑动变阻器两端，根据电源电压为6V可知，当电压表示数为2.2V时，灯两端电压为额定电压，灯正常发光。
【答案】
；
（2）A;（3）电压表并联在滑动变阻器的两端；（3）小灯泡正常发光时,滑动变阻器两端的电压为U滑=U−UL=6V−3.8V=2.2V,电路中的电流I=PLUL=0.484W/2.2V=0.22A；
此时小灯泡正常发光,小灯泡的额定功率功率PL=ULI=3.8V×0.22A=0.836W.
升级会员 