高中浙江省物理学业水平考试模拟1答案解析.docx
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高中浙江省物理学业水平考试模拟1答案解析
浙江省【精品】1月物理学业水平考试模拟1
学校:
___________姓名：
___________班级：
___________考号：
___________
一、单选题
1．浙江省长兴县十里银杏长廊景区古银杏众多，成片成林全国罕见．某次游客小朱发现一片手掌大小的树叶正好从离水平地面高约3m的树枝上飘落．这片树叶从树枝开始下落到落到地面上的时间可能是
A．0.4sB．0.6sC．0.8sD．3s
2．下列物理量中，属于标量的是（ ）
A．路程B．位移C．速度D．加速度
3．火车站的旅客拉着行李箱出站，手臂的拉力大小为F，与水平方向的夹角为θ.若将F沿水平和竖直方向分解，则其竖直方向的分力为
A．Fsinθ
B．Fcosθ
C．
D．
4．如图是某街舞爱好者在水平面上静止倒立的情景，则此街舞爱好者
A．手掌所受支持力等于人的重力
B．手掌所受静摩擦力方向向左
C．手掌所受静摩擦力方向向右
D．重心在腰部某处
5．下面物理量及其对应的国际单位制单位符号，正确的是
A．力，kgB．功率，JC．电场强度，C/ND．电压，V
6．如图所示，下列对教材中的四幅图分析正确的是（ ）
A．图甲：
被推出的冰壶能继续前进，是因为一直受到手的推力作用
B．图乙：
电梯在加速上升时，电梯里的人处于失重状态
C．图丙：
汽车过凹形桥最低点时，速度越大，对桥面的压力越大
D．图丁：
汽车在水平路面转弯时，受到重力、支持力、摩擦力、向心力四个力的作用
7．【精品】4月，我国成功发射的天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿天宫二号原来的轨道（可视为圆轨道）运行．与天宫二号单独运行时相比，组合体运行的：
（）
A．周期变大B．速率变大C．动能变大D．向心加速度变大
8．我国高分系列卫星的高分辨对地观察能力不断提高．今年5月9日发射的“高分五号”轨道高度约为705km，之前已运行的“高分四号”轨道高度约为36000km，它们都绕地球做圆周运动．与“高分四号”相比，下列物理量中“高分五号”较小的是（ ）
A．周期
B．角速度
C．线速度
D．向心加速度
9．如图所示，某滑翔爱好者利用无动力滑翔伞在高山顶助跑起飞，在空中完成长距离滑翔后安全到达山脚下．他在空中滑翔的过程中（ ）
A．只有重力做功
B．重力势能的减小量大于重力做的功
C．重力势能的减小量等于动能的增加量
D．动能的增加量等于合力做的功
10．下列器件中是电容器的是
A．
B．
C．
D．
11．如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点．下列判断正确的是（ ）
A．M、N、P三点中N点的场强最大
B．M、N、P三点中N点的电势最高
C．负电荷在M点的电势能大于在N点的电势能
D．正电荷从M点自由释放，电荷将沿电场线运动到N点
12．电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（ ）
A．电动势是一种非静电力
B．电动势越大，表明电源储存的电能越多
C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映
D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压
13．锂电池能量密度高、绿色环保.现用充电宝为一手机锂电池（图甲）充电，等效电路如图乙所示，充电宝的输出电压为U，输出电流为I，该锂电池的内阻为r，则（）
A．充电宝输出的电功率为UI＋I2r
B．电能转化为化学能的功率为UI
C．锂电池产生的热功率为I2r
D．锂电池产生的热功率为
14．一女同学穿着轮滑鞋以一定的速度俯身“滑入”静止汽车的车底，她用15s穿越了20辆汽车底部后“滑出”，位移为58m，假设她的运动可视为匀变速直线运动，从上述数据可以确定（ ）
A．她在车底运动时的加速度B．她在车底运动时的平均速度
C．她刚“滑入”车底时的速度D．她刚“滑出”车底时的速度
15．如图“50TFSI”为某品牌汽车的尾部标识，其中“50”称为G值，G值越大，加速越快。
G值的大小为车辆从静止加速到
百公里加速
的平均加速度的10倍。
某车百公里加速时间为
，由此推算，该车的新尾标应该是（ ）
A．30TFSIB．35TFSIC．40TFSID．45TFSI
16．如图所示,顶端固定着小球的直杆固定在小车上,当小车向右做匀加速运动时,球所受合外力的方向沿图中的（ ）
A．OA方向B．OB方向C．OC方向D．OD方向
17．A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同时间内，它们通过的路程之比是4：
3，运动方向改变的角度之比是3：
2，则它们
A．线速度大小之比为4：
3
B．角速度大小之比为3：
4
C．圆周运动的半径之比为2：
1
D．向心加速度大小之比为1：
2
18．如图所示，质量为60kg的某运动员在做俯卧撑运动，运动过程中可将她的身体视为一根直棒，已知重心在C点，其垂线与脚，两手连线中点间的距离Oa、ob分别为0.9m和0.6m，若她在1min内做了30个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.4m，则克服重力做功和相应的功率为（）
A．430J，7W
B．4300J，70W
C．720J，12W
D．7200J，120W
二、实验题
19．甲同学准备做“验证机械能守恒定律”实验，乙同学准备做“探究加速度与力、质量的关系”实验
（1）图1中A、B、C、D、E表示部分实验器材，甲同学需在图中选用的器材_____________，乙同学需在图中选用的器材___________．（用字母表示）
（2）乙同学在实验室选齐所需器材后，经正确操作获得如图2所示的两条纸带①和②．纸带__________的加速度大（填①或者②），其加速度大小为____________.
20．
（1）.下列电表中，属于多用电表的是（____）
A.
B.
C.
D.
小明同学在做测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，电路中加了一个保护电阻R0．根据如图所示电路图进行实验时：
（2）电流表量程应选择______（选填“0.6A”或“3A”），保护电阻应选用______（选填“A”或“B”）。
A．定值电阻（阻值10.0Ω，额定功率10W）
B．定值电阻（阻值2.0Ω，额定功率5W）
（3）在一次测量中电压表的指针位置如图所示，则此时的电压为______ V。
（4）根据实验测得的5组数据所画出的U-I图线如图所示。
则干电池的电动势E=______ V，内阻r=______Ω（小数点后保留两位）。
三、解答题
21．.某校物理课外小组为了研究不同物体水下运动特征，使用质量m=0.05kg的流线型人形模型进行模拟实验．实验时让模型从h=0.8m高处自由下落进入水中．假设模型入水后受到大小恒为Ff=0.3N的阻力和F=1.0N的恒定浮力，模型的位移大小远大于模型长度，忽略模型在空气中运动时的阻力，试求模型
（1）落到水面时速度v的大小；
（2）在水中能到达的最大深度H；
（3）从开始下落到返回水面所需时间t．
22．如图所示，一质量为m=60kg的探险者在丛林探险，为了从一绝壁到达水平地面，探险者将一根长为l=10m粗绳缠绕在粗壮树干上，拉住绳子的另一端，从绝壁边缘的A点由静止开始荡向低处，到达最低点B时脚恰好触到地面，此时探险者的重心离地面的高度为hB=0.5m．已知探险者在A点时重心离地面的高度为hA=8.5m．以地面为零势能面，不计空气阻力．（探险者可视为位于其重心处的一个质点，g=10m/s2）求：
（1）探险者在A点时的重力势能；
（2）探险者运动到B点时的速度大小；
（3）探险者运动到B点时，绳对他的拉力大小
23．在真空中的O点放一个Q=1×10-9 C的点电荷，直线MN过O点，OM=30cm，M点放有一个q=-1×10-10C的点电荷，如图所示，求：
（1）点电荷q在M点所受的静电力的大小和方向
（2）拿走点电荷q后M点的场强和方向
（3）比较拿走点电荷q后M、N两点的场强大小．
参考答案
1．D
【详解】
根据自由落体运动公式：
，解得：
，而树叶的运动时间大于自由落体运动的时间，可知树叶开始下落的时间为3s，故D正确，ABC错误．
2．A
【详解】
A.标量是只有大小没有方向的物理量。
路程是标量，故A正确；
BCD.矢量是指既有大小又有方向的物理量，位移、速度和加速度都是矢量，故BCD错误；
故选：
A；
3．A
【详解】
将F分解为水平方向和竖直方向，则水平方向上分力为：
竖直方向上分力为：
故BCD错误，A正确。
故选A。
4．A
【解析】
以人为研究对象，根据竖直方向受力平衡可得手掌所受支持力等于人的重力，故A正确；街舞爱好者在水平面上静止，水平方向受力平衡，则街舞爱好者受到的静摩擦力为零，故BC错误；街舞爱好者处于该状态时，重心一定不在腰部，可能在人体之外某处，故D错误．故选A．
5．D
【详解】
在国际单位制中.力的单位是N.故A错误;功率的单位是W.故B错误;电场强度的单位是N/C.故C错误;电压的甲位是V，故D正确
综上所述本题答案是：
D
6．C
【详解】
A．图甲：
被推出的冰壶能继续前进，是因为冰壶具有惯性，被推出的冰壶不再受手的推力，故A项错误；
B．图乙：
电梯在加速上升时，电梯里的人处于超重状态，故B项错误；
C．图丙：
汽车过凹形桥最低点时，速度越大，向上的向心加速度越大，超重的越厉害，对桥面的压力越大，故C项正确；
D．图丁：
汽车在水平路面转弯时，受到重力、支持力、摩擦力三个力作用，故D项错误。
故选C。
7．C
【详解】
对于绕地球运行的航天器，地球对它的外有引力提供向心力，则
，由公式可知，半径不变，周期不变，速率不变，向心加速度不变．由于质量增加，所以动能增大，故C正确，ABD错误．
8．A
【解析】
设卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M，卫星绕地球匀速做圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则得：
得：
，
，
，
可知，卫星的轨道半径越大，周期越大，而角速度、线速度和向心加速度越小，“高分五号”的轨道半径比“高分四号”的小，所以“高分五号”较小的是周期，较大的是角速度、线速度和向心加速度，故A错误，BCD正确．
点睛：
解决本题的关键是要掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道卫星的线速度、角速度、周期、加速度与轨道半径的关系，对于周期，也可以根据开普勒第三定律分析．
9．D
【详解】
A项：
滑翔的过程中除重力做功外，还有空气阻力做功，故A错误；
B项：
由功能关系可知，重力势能的减小量等于重力做的功，故B错误；
C项：
由能量守恒可知，重力势能的减小量等动能的增加和克服阻力所做的功，故C错误；
D项：
由动能定理可知，合外力所做的功等于动能的变化量，故D正确．
故应选D．
10．B
【详解】
A是滑动变阻器；B是电容器；C是电阻箱；D是定值电阻；故选B.
11．A
【解析】
电场线的疏密反应了场的强弱，N点处电场线最密，所以N点场强最大，故A正确；顺着电场线的方向，电势降低，所以M点的电势最高，故B错误；根据EP=qφ，φM＞φP＞φN可知，负电荷在M点电势能小于在N点的电势能，故C正确；在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故D错误．故选A.
点睛：
解答此题的关键是知道电场线的特点：
电场线的疏密反应了场的强弱；顺着电场线的方向，电势降低．判断电势能的大小也可通过电场力做功来判断：
电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．
12．C
【解析】
电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误；电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误C正确；电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误．
【点睛】电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量．
13．C
【详解】
A、充电宝输出的电功率：
P=UI，故A错误；
B、锂电池产生的热功率为Pr=
r，故电能转化为化学能的功率为P化=UI-
r，故B、D错误，C正确.
故选C.
【点睛】
手机锂电池是非纯电阻电路，其充电和放电过程是电能和化学能转化的过程，给电池充电是将电能转化为化学能储存在电池内.
14．B
【解析】
这一段匀变速直线运动，只知道位移和时间两个物理量，能求出的是她在车底运动时的平均速度；她在车底运动时的加速度、她刚“滑入”车底时的速度和她刚“滑出”车底时的速度三个量中只要再知道一个，就能求出其余两个．故从上述数据可以确定的是她在车底运动时的平均速度，答案是B．
15．D
【详解】
由题意可知，
，则汽车的加速度
则可知，该车的G值为
；
故其新尾标应为45TFSI
故选D。
16．D
【解析】
试题分析：
当小车向右做匀加速运动时，小球和小车是一个整体，所以小球向右做匀加速直线运动，根据牛顿第三定律可得合力沿OD方向，D正确
考点：
考查了牛顿第二定律
【名师点睛】根据牛顿第二定律
可知，加速度的方向与合力的方向相同，是解决本题的关键．另外知道杆的弹力不一定沿杆的方向．
17．A
【解析】
A、因为相同时间内他们通过的路程之比是4：
3，根据
，则A、B的线速度之比为4：
3，故A正确；
B、运动方向改变的角度之比为3：
2，根据
，则角速度之比为3：
2，故B错误；
C、根据
可得圆周运动的半径之比为
，故C错误；
D、根据a=vω得，向心加速度之比为
，故D错误；
故选A．
18．B
【解析】
设重心上升高度为h，根据几何知识可得
，解得h=0.24m，故做一次俯卧撑克服重力做功为mgh=144J，所以一分钟克服重力做功为W=30×144J=4320J，功率约为
，故B正确．
19．
（1）AB；BDE
（2）①，2.5m/s2（
）
【解析】
（1）“验证机械能守恒定律”实验，需要在竖直面上打出一条重锤下落的纸带，即可验证，故选仪器AB；“探究加速度与力、质量的关系”实验需要钩码拉动小车打出一条纸带，故选BDE
（2）纸带①中前第1、2点与第2、3点的位移差为三个点的位移差为
纸带②中前第1、2点与第2、3点的位移差为三个点的位移差为
根据逐差法
可得纸带①的加速度大，大小为
【学科网考点定位】“验证机械能守恒定律”实验；“探究加速度与力、质量的关系”实验
【方法技巧】此类实验，一般都会运用到匀变速直线运动规律的两个推导公式，即做匀变速直线运动过程中一段位移中间时刻速度等于过程中的平均速度
和做匀变速直线运动过程中，在相等时间内走过的位移差是一个定值，即
20．D0.6AB1.201.450.50
【详解】
（1）[1]A.由图示可知，该电表是毫安表，不是多用电表，故A错误；
B.由图示可知，该电表是电流表，不是多用电表，故B错误；
C.由图示可知，该电表是电压表，不是多用电表，故C错误；
D.由图示可知，该表可以测电压、电流、电阻等物理量，该表是多用电表，故D正确；
故选择D;
（2）[2][3]根据图U-I中的电流值知，电流表选择0.6A的，由于电源的内阻较小，如果保护电阻较大，电压的变化不明显，故保护电阻选择B；
（3）[4]电压表的量程为3V的，则电压表读数为1.20V；
（4）[5][6]根据闭合电路欧姆定律得，
，
解得
，
纵轴截距表示电动势，则
，
斜率
，
解得
；
21．
（1）4m/s
（2）0.5m（3）1.15s
【详解】
（1）模型人入水时的速度记为v，自由下落的阶段加速度记为a1，则a1=g；v2=2a1h
解得v=4m/s；
（2）模型人入水后向下运动时，设向下为正，其加速度记为a2，则：
mg-Ff-F=ma2
解得a2=-16m/s2
所以最大深度：
（3）自由落体阶段：
在水中下降
在水中上升：
F-mg-Ff=ma3
解得a3=4.0m/s2
所以：
总时间：
t=t1+t2+t3=1.15s
22．
（1）5100J;
（2）
；（3）1560N；
【详解】
（1）探险者在A点的重力势能为：
;
（2）探险者下落的过程只受重力作用，根据机械能守恒定律：
解得：
（3）在B点，根据牛顿第二定律得：
代入得：
；
23．
（1）1×10-8N，方向 M→O．
（2）100N/C，方向 M→N．（3）EM＞EN．
【详解】
（1）根据库仑定律得q在M点受到的静电力大小为：
方向M→O．
（2）场强反映电场本身的特性，与有无检验电荷无关，所以拿走点电荷q后M点的场强不变，则M点的场强为：
方向 M→N
（3）根据点电荷的场强公式
，知
EM＞EN．
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